只会 n2 做法
n2 做法就是简化题意后打个暴力...
首先化简题意,变成了要求一个序列中,
最大值 - 最小值 = 区间长度 - 1 的区间个数
数据范围很大,考虑分治,每层分治考虑过中点的答案
下面我就不会了= =
分以下几种情况:
1.max 在中点左边,min 也在中点左边
2.max 在中点右边,min 也在中点右边
3.max 在中点左边,min 在中点右边
4.max 在中点右边,min 在中点左边
方便分析我们把它简化成两种情况:min 和 max 在不在同一侧
在同一侧的情况
求出每个点到中点区间上的最小值和最大值
枚举答案区间的一个端点,
另一个端点一定是在另一侧距离当前点距离为 max_i - min_i 的位置
判断一下那个端点 max 是否更大,min 是否更小即可
不在同一侧的情况
考虑固定一个端点,只要能均摊 O(1) 就行
以拿这个端点 p 作为最大值为例(其实都是可以的)
确定了最大值在这一侧,那么最小值在另一侧,
则另一端点一定是一些满足 min_now < min_p 且 max_now < max_p 的点
而前缀 min / max 显然是有单调性的,所以这些点一定是一个区间
直接上是 n^2 的,但如果从中点往一侧做的话,合法的区间的移动是有单调性的
这样做一遍也是 O(n) 的了
感觉此题分治里的分类讨论方式非常独特啊
代码:
#include <algorithm> #include <iostream> #include <cstring> #include <cstdlib> #include <cctype> #include <cstdio> #include <locale> using namespace std; typedef long long ll; const int MAX_N = 300005; struct POS { int lin, clm; explicit POS(int X = 0, int Y = 0) {lin = X; clm = Y;} bool operator < (const POS& b) const { return lin < b.lin; } }; int n; POS pos[MAX_N]; int cur_max[MAX_N], cur_min[MAX_N], cnt[MAX_N << 1]; ll ans; inline int rd() { register int x = 0, c = getchar(); while (!isdigit(c)) c = getchar(); while (isdigit(c)) { x = x * 10 + (c ^ 48); c = getchar(); } return x; } inline void init_min_max(int l, int mid, int r) { cur_max[mid] = 0; cur_min[mid] = 0x3f3f3f3f; for (int i = mid + 1; i <= r; ++i) { cur_max[i] = max(cur_max[i - 1], pos[i].clm); cur_min[i] = min(cur_min[i - 1], pos[i].clm); } cur_max[mid] = cur_min[mid] = pos[mid].clm; for (int i = mid - 1; i >= l; --i) { cur_max[i] = max(cur_max[i + 1], pos[i].clm); cur_min[i] = min(cur_min[i + 1], pos[i].clm); } } inline void calc_same(int l, int mid, int r) { register int dst = 0; for (int i = l; i <= mid; ++i) { dst = cur_max[i] - cur_min[i] + i; ans += (mid < dst && dst <= r && cur_max[dst] < cur_max[i] && cur_min[dst] > cur_min[i]); } for (int i = mid + 1; i <= r; ++i) { dst = i - cur_max[i] + cur_min[i]; ans += (l <= dst && dst <= mid && cur_max[dst] < cur_max[i] && cur_min[dst] > cur_min[i]); } } inline void calc_diff(int l, int mid, int r) { register int max_ptr = mid + 1, min_ptr = mid + 1; for (int i = mid; i >= l; --i) { while (max_ptr <= r && cur_max[max_ptr] <= cur_max[i]) { ++cnt[cur_min[max_ptr] + max_ptr]; ++max_ptr; } while (min_ptr < max_ptr && cur_min[min_ptr] >= cur_min[i]) { --cnt[cur_min[min_ptr] + min_ptr]; ++min_ptr; } ans += cnt[cur_max[i] + i]; } while (min_ptr < max_ptr) { --cnt[cur_min[min_ptr] + min_ptr]; ++min_ptr; } max_ptr = mid; min_ptr = mid; for (int i = mid + 1; i <= r; ++i) { while (max_ptr >= l && cur_max[max_ptr] <= cur_max[i]) { ++cnt[cur_min[max_ptr] - max_ptr + n]; --max_ptr; } while (min_ptr > max_ptr && cur_min[min_ptr] >= cur_min[i]) { --cnt[cur_min[min_ptr] - min_ptr + n]; --min_ptr; } ans += cnt[cur_max[i] - i + n]; } while (min_ptr > max_ptr) { --cnt[cur_min[min_ptr] - min_ptr + n]; --min_ptr; } } inline void dvd(int l, int r) { int mid = ((l + r) >> 1); if (l == r) { ++ans; return; } dvd(l, mid); dvd(mid + 1, r); init_min_max(l, mid, r); calc_same(l, mid, r); calc_diff(l, mid, r); } int main() { n = rd(); for (int i = 1; i <= n; ++i) { pos[i].lin = rd(); pos[i].clm = rd(); } sort(pos + 1, pos + n + 1); dvd(1, n); printf("%lld ", ans); return 0; }