只做了4题水题ADGI
A题需要注意的就是“[...]”的输出了，何时输出，何时不输出。
1 #include <stdio.h> 2 int main() 3 { 4 int n, cur, d; 5 int cnt = 1; 6 while(scanf("%d%d%d",&n,&cur,&d)!=EOF) 7 { 8 printf("Case #%d: ",cnt++); 9 if(cur==1) 10 printf("[<<]"); 11 else 12 printf("(<<)"); 13 int start = cur - d; 14 int end = cur + d; 15 if(start >0 && start!=1 && cur!=1)//说明前面有隐藏页，需要输出[...] 16 printf("[...]"); 17 for(int i=start; i<=end && i<=n; ++i) 18 { 19 if(i <=0 ) 20 continue; 21 else 22 { 23 if(i == cur) 24 printf("[%d]",i); 25 else 26 printf("(%d)",i); 27 } 28 } 29 if(end<n && cur!=n)//说明后面有隐藏页，需要输出[...] 30 printf("[...]"); 31 if(cur==n) 32 printf("[>>]"); 33 else 34 printf("(>>)"); 35 printf(" "); 36 37 } 38 }
D题应该是数学题吧（分步计数原理），将数组weight 和数组pow排序
然后分别判断每个数有多少种选择，然后一一相乘取模
对于第一个hero，如果有a1把剑的weight小于等于power，对于第二个hero，有a2把剑的weight小于等于power,一次类推
那么第一个英雄有a1种选择，第二个英雄有a2-1种选择，第三个英雄有a3-2种选择，一次类推。
至于判断有多少把剑的weight小于每个英雄的power，普通查找会超时，要用二分查找。
二分查找的特性是，对于key，如果数组中有元素与之相等，那么就返回该元素的下标，不然就返回就返回第一个比key大的元素的下标（如果有的话）
如果没有，就返回数组最后一个元素的下标。 所以我们可以用二分查找找出比power[i]小的weight有多少个
1 #include <stdio.h> 2 #include <string.h> 3 #include <algorithm> 4 using namespace std; 5 typedef long long LL; 6 const int N = 100000 + 10; 7 const int MOD = 1000000007; 8 int w[N]; 9 int p[N]; 10 void input(int &x) 11 { 12 char ch = getchar(); 13 while(ch<'0' || ch >'9') 14 ch = getchar(); 15 x = 0; 16 while(ch>='0' && ch<='9') 17 { 18 x = x * 10 + ch - '0'; 19 ch = getchar(); 20 } 21 } 22 int main() 23 { 24 int t; 25 int n; 26 int i,j,k,z; 27 int tCase = 1; 28 input(t); 29 while(t--) 30 { 31 printf("Case #%d: ",tCase++); 32 input(n); 33 for(i=1; i<=n; ++i) 34 input(w[i]); 35 for(i=1; i<=n; ++i) 36 input(p[i]); 37 sort(w+1, w+n+1); 38 sort(p+1, p+n+1); 39 LL ans = 1; 40 int cnt; 41 for(i=1; i<=n; ++i) 42 { 43 cnt = 0; 44 int low = 1; int high = n; 45 int mid; 46 while(low <= high) 47 { 48 mid = (low + high)/2; 49 if(p[i] == w[mid]) 50 break; 51 else if(p[i] >= w[mid]) 52 low = mid + 1; 53 else 54 high = mid - 1; 55 } 56 if(p[i] < w[mid]) 57 mid--; 58 ans = (ans*(mid-i+1))%MOD; 59 } 60 printf("%lld ",ans); 61 } 62 }
G题要没什么，先用字符串读入，判断有没有可能爆，如果有可能，继续进一步的字符串判断，如果没可能，就用sscanf读入，然后判断范围
1 #include <iostream> 2 #include <stdio.h> 3 #include <string> 4 using namespace std; 5 typedef long long LL; 6 string Max = "9223372036854775807";//19 7 int main() 8 { 9 int i; 10 string str; 11 LL num; 12 while(cin>>str) 13 { 14 if(str[0] != '-') 15 { 16 if(str.size() < 19) 17 { 18 sscanf(str.c_str(),"%lld",&num); 19 if(num <= 32767) 20 puts("short"); 21 else if(num <= 2147483647) 22 puts("int"); 23 else 24 puts("long long"); 25 } 26 else if(str.size()==19) 27 { 28 if(str > Max) 29 puts("It is too big!"); 30 else 31 puts("long long"); 32 } 33 else 34 puts("It is too big!"); 35 } 36 else 37 { 38 if(str.size() < 20) 39 { 40 sscanf(str.c_str(),"lld",&num); 41 if(num >= -32767) 42 puts("short"); 43 else if(num >= 2147483647) 44 puts("int"); 45 else 46 puts("long long"); 47 48 } 49 else if(str.size() == 20) 50 { 51 str.erase(str.begin()); 52 if(str > Max) 53 puts("It is too big!"); 54 else 55 puts("long long"); 56 } 57 else 58 puts("It is too big!"); 59 60 } 61 } 62 }
I题要注意的就是最大公约数可能是负数的情况，导致负号出现在分母。应该处理一下再输出。
1 #include <stdio.h> 2 const int N = 1000 + 10; 3 int gcd(int n, int m) 4 { 5 if(m == 0) 6 return n; 7 return gcd(m,n%m); 8 } 9 int main() 10 { 11 int n, i; 12 int coe,exp; 13 while(scanf("%d",&n)!=EOF) 14 { 15 for(i=1; i<n; ++i) 16 { 17 scanf("%d%d",&coe,&exp); 18 if( coe % (exp+1)==0) 19 printf("%d %d ",coe / (exp+1),exp+1); 20 else 21 { 22 int g = gcd(coe, exp+1); 23 if(g>0) 24 printf("%d/%d %d ",coe/g,(exp+1)/g, exp+1); 25 else 26 printf("%d/%d %d ",-coe/g,-(exp+1)/g, exp+1); 27 28 } 29 } 30 scanf("%d%d",&coe,&exp); 31 if( coe % (exp+1)==0) 32 printf("%d %d ",coe / (exp+1),exp+1); 33 else 34 { 35 int g = gcd(coe, exp+1); 36 if(g>0) 37 printf("%d/%d %d ",coe/g,(exp+1)/g, exp+1); 38 else 39 printf("%d/%d %d ",-coe/g,-(exp+1)/g, exp+1); 40 } 41 } 42 }
J题如果正向模拟，i要不断回溯，导致复杂度时间复杂是O(n*m).但是如果是逆向模拟，i不用回溯，时间复杂度是O(n+m).
1 #define _CRT_SECURE_NO_DEPRECATE 2 #include <stdio.h> 3 #include <string.h> 4 #include <algorithm> 5 using namespace std; 6 const int N = 1000000 + 10; 7 struct node 8 { 9 int val; 10 int index; 11 bool operator<(const node &rhs)const 12 { 13 return val > rhs.val; 14 } 15 }a[N]; 16 int hash[N]; 17 int ans[N]; 18 int op[N]; 19 int main() 20 { 21 int t,n,m,tCase = 1,i,j; 22 scanf("%d",&t); 23 while(t--) 24 { 25 memset(hash,0,sizeof(hash)); 26 scanf("%d%d",&n,&m); 27 for(i=0; i<n; ++i) 28 { 29 scanf("%d",&a[i].val); 30 a[i].index = i; 31 } 32 sort(a,a+n); 33 for(i=0; i<m; ++i) 34 scanf("%d",&op[i]); 35 int cnt = 0; 36 printf("Case #%d: ",tCase++); 37 for(i=0,j=m-1;j>=0;--j) 38 { 39 for(; i<n; ++i) 40 { 41 if(a[i].val <= op[j]) 42 break; 43 int index = a[i].index; 44 hash[index] = true; 45 if(!hash[index-1] && !hash[index+1])//如果下标的左右都没有被标记过，则该下标自成一块 46 cnt++; 47 else if(hash[index-1] && hash[index+1])//因为该下标的加入，导致该下标的左右连在一起，2变1 48 cnt--; 49 } 50 ans[j] = cnt; 51 } 52 for(i=0; i<m-1; ++i) 53 printf("%d ",ans[i]); 54 printf("%d ",ans[m-1]); 55 56 } 57 }