bzoj 2005 & 洛谷 P1447 [ Noi 2010 ] 能量采集 —— 容斥 / 莫比乌斯反演

题目：bzoj 2005 https://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=2005

　　   洛谷 P1447 https://www.luogu.org/problemnew/show/P1447

首先，题意就是求 ∑(1 <= i <= n) ∑(1 <= j <= m) [ 2 * gcd(i,j) -1 ]；

方法1：容斥原理

枚举每个数作为 gcd 被算了几次；

对于 d ，算的次数 f[d] 就是 n/d 和 m/d 中互质的数的对数；

所有数对的个数是 (n/d) * (m/d)，减去其中 gcd 是2,3……的数对个数，这里就可以用到之前算出来的答案；

比如要减去这之中 gcd 是2的数对，那么减去 f[d/2] 即可，而且因为定义原因不会重复减；

然后 *2 -1 即可。

代码如下：

#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
using namespace std;
typedef long long ll;
int const maxn=1e5+5;
int n,m;
ll f[maxn],ans;
int main()
{
    scanf("%d%d",&n,&m);
    if(n>m)swap(n,m);
    for(int g=n;g;g--)
    {
        f[g]=(ll)(n/g)*(m/g);//(ll)  //加括号！因为要下取整 
        for(int i=2;i*g<=n;i++)f[g]-=f[i*g];
//        ans+=2*tmp;
        ans+=(g*2-1)*f[g];
    }
    printf("%lld
",ans);
    return 0;
}

方法2：莫比乌斯反演

原式 ∑(1 <= i <= n) ∑(1 <= j <= m) [ 2 * gcd(i,j) - 1 ]  ( n = min(m,n) )

由于 n = ∑ ( d|n ) φ(d)  (感性理解：约分……)

 所以原式变成 ∑(1 <= i <= n) ∑(1 <= j <= m) [ 2 * ∑ ( d|i , d|j ) φ(d) - 1]

把 d 提前，-1提出去 ∑( 1 <= d <= n ) [ 2 * φ(d) * ∑(1 <= i <= n|d ) ∑(1 <= j <= m|d ) 1 ] - n*m

也就是 2 * ∑( 1 <= d <= n ) [ φ(d) * (n/d) * (m/d) ] - n*m

注意 φ(1) = 1！

代码如下：

#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
using namespace std;
typedef long long ll;
int const maxn=1e5+5;
int n,m,p[maxn],phi[maxn],cnt;
ll ans;
void init()
{
    phi[1]=1;//!
    for(int i=2;i<=n;i++)
    {
        if(!phi[i])p[++cnt]=i,phi[i]=i-1;
        for(int j=1;j<=cnt&&i*p[j]<=n;j++)
        {
            phi[i*p[j]]=phi[i]*(p[j]-1);
            if(i%p[j]==0)phi[i*p[j]]=phi[i]*p[j];
        }
    }
}
int main()
{
    scanf("%d%d",&n,&m);
    if(n>m)swap(n,m);
    init();
    for(int g=1;g<=n;g++)
        ans+=2*(ll)phi[g]*(n/g)*(m/g);
    ans-=(ll)n*m;
    printf("%lld
",ans);
    return 0;
}