一个特别神奇的dp，特别厉害。
f(i, j) 表示 有 j 轮发动技能的牌在 [1, i] 另外的m - j轮在[i + 1, n]之间的概率。
怎么转移呢？
首先考虑i这张牌不选的情况，f(i - 1, j) 表示 j --> [1, i - 1] && m - j --> [i, n] (用箭头表示在[]之间...)，那么我们只需要让在[i, n]之间的m - j个选择都不是i即可，那么我们应该 * (1 - p[i]) ^ (m - j)
再考虑这张牌我们要选的情况，f(i - 1, j - 1)表示 j - 1 --> [1, i - 1] && m - j + 1 --> [i, n]， 那么我们需要m - j + 1中至少有一个i, 所以我们应该 * (1 - (1 - p[i]) ^ (m - j + 1))
所以就有了转移方程：
$mbox{f(i, j) = f(i - 1, j) * (1 - p[i]) ^ {m - j} + f(i - 1, j - 1) * (1 - (1 - p[i]) ^ {m - j + 1})}$
那么初始条件是多少呢？ f(0, 0) == 1 为什么呢：
m次选择都在n之间的概率为1，那么f(n, m) == 1，这意味着m --> [1, n] 那么 另外的 0个选择--> 0，所以f(0, 0) == 1.
那么答案是多少呢？
应该是对于每一个扑克牌，我们扫描整个m轮，用当前的概率与扑克牌的贡献的成绩累加答案。
ans += d[i] * f[i - 1][j] * (1 - pow(1 - p[i], m - j)); 用j --> [1, i - 1] && m - j --> [i, n] 并且m - j中至少有一个i。
1 #include <bits/stdc++.h> 2 #define rep(i, a, b) for (int i = a; i <= b; i++) 3 #define drep(i, a, b) for (int i = a; i >= b; i--) 4 #define REP(i, a, b) for (int i = a; i < b; i++) 5 #define mp make_pair 6 #define pb push_back 7 #define clr(x) memset(x, 0, sizeof(x)) 8 #define xx first 9 #define yy second 10 using namespace std; 11 typedef long long i64; 12 typedef pair<int, int> pii; 13 const int inf = ~0U >> 1; 14 const i64 INF = ~0ULL >> 1; 15 //*********************************** 16 17 long double p[225]; int d[225]; 18 long double f[225][135]; 19 20 int main() { 21 int T; scanf("%d", &T); 22 while (T--) { 23 int n, m; 24 scanf("%d%d", &n, &m); 25 rep(i, 1, n) scanf("%Lf%d", &p[i], &d[i]); 26 memset(f, 0, sizeof(f)); 27 f[0][0] = 1; 28 rep(i, 1, n) { 29 rep(j, 0, m) f[i][j] = f[i - 1][j] * pow(1 - p[i], m - j) + f[i - 1][j - 1] * (1 - pow(1 - p[i], m - j + 1)); 30 } 31 long double ans(0); 32 rep(i, 1, n) { 33 rep(j, 0, m) { 34 ans += d[i] * f[i - 1][j] * (1 - pow(1 - p[i], m - j)); 35 } 36 } 37 printf("%.10Lf ", ans); 38 } 39 return 0; 40 }
有一点还不太理解，就是在转移的时候，假如我们选取了i，那么用f(i - 1, j - 1)转移的时候乘的是至少有一个i的概率，那假如大于1个那么和题意不就矛盾了吗。。求助。。。