最近的题解的故事背景割。
题目：
描述
在靠近南极的某处，一些企鹅站在许多漂浮的冰块上。由于企鹅是群居动物，所以它们想要聚集到一起，在同一个冰块上。企鹅们不想把自己的身体弄湿，所以它们在冰块之间跳跃，但是它们的跳跃距离有一个上限。
随着气温的升高，冰块开始融化，并出现了裂痕。而企鹅跳跃的压力，使得冰块的破裂加速。幸运的是，企鹅对冰块十分有研究，它们能知道每块冰块最多能承受多少次跳跃。对冰块的损害只在跳起的时候产生，而落地时并不对其产生伤害。
现在让你来帮助企鹅选择一个冰面使得它们可以聚集到一起。
输入
第一行一个正数：数据个数，最多100个。之后：
第一行整数N，和浮点数D，表示冰块的数目和企鹅的最大跳跃距离。
(1≤N ≤100) (0 ≤D ≤100 000),
接下来N行，xi, yi, ni and mi,分别表示冰块的X和Y坐标，该冰块上的企鹅数目，以及还能承受起跳的次数。
输出
每个数据：
输出所有可能的相聚冰块的编号，以0开始。如果不能相遇，输出-1。
样例输入
2
5 3.5
1 1 1 1
2 3 0 1
3 5 1 1
5 1 1 1
5 4 0 1
3 1.1
-1 0 5 10
0 0 3 9
2 0 1 1
样例输出
1 2 4
-1
攒的有点多先写一道。
简单点说：网络流的题，自己建一个源点，源点连向每个冰块，容量为该冰块企鹅数。
冰块分为入点和出点，入点到出点容量为起跳次数。
一个冰块能跳到另一个冰块，则前者出点连后者入点，容量INF，后者出点连前者入点，容量INF。
枚举汇点。
#include<cstdio> #include<cstring> #include<algorithm> #include<cmath> using namespace std; const int maxn=205; const int INF=214748364; struct{ int next; int to; int w; int cun; }edge[maxn*maxn]; int head[maxn],cnt=-1; void add(int u,int v,int w){//u起点v终点w容量 cnt++; edge[cnt].to=v; edge[cnt].w=w; edge[cnt].next=head[u]; edge[cnt].cun=w; head[u]=cnt; } int lev[maxn],cur[maxn];//lev层数，cur[i]为以i为起点的边的编号 bool bfs(int m,int zong){//m为汇点,有zong个点 int dui[zong+1],r=0;//队列和右指针 for(int i=1;i<=zong;i++){//初始化 lev[i]=-1; cur[i]=head[i]; } dui[0]=1,lev[1]=0; int u,v;//u起点v终点 for(int l=0;l<=r;l++){//左指针 u=dui[l]; for(int e=head[u];e!=-1;e=edge[e].next){ v=edge[e].to; if(edge[e].w>0&&lev[v]==-1){//1.能走 2.未分层 lev[v]=lev[u]+1; r++; dui[r]=v;//v入队 if(v==m)return 1;//分层完毕 } } } return 0;//无法分层 } int dinic(int u,int flow,int m){//u当前点，flow为下面的点能够分配多大的流量,m终点 if(u==m)return flow;//终点直接全流入 int res=0,delta;//res实际流量 for(int &e=cur[u];e!=-1;e=edge[e].next){//'&'相当于cur[u]=e;即流满的边不会再被扫一次 int v=edge[e].to; if(edge[e].w>0&&lev[u]<lev[v]){//只能从低层往高层流 delta=dinic(v,min(edge[e].w,flow-res),m); if(delta>0){//如果增广 edge[e].w-=delta;//正向边容量减少 edge[e^1].w+=delta;//反向边仍量增加（暗示退流） res+=delta;//扩张流量增加 if(res==flow)break;//可流的都流完了，及时跳出 } } } if(res!=flow)lev[u]=-1;//没流完，说明以后不能从这个点流出任何流量，那就不需要这个点了 return res; } double suan(int a1,int b1,int a2,int b2){ return sqrt(pow((a2-a1),2)+pow((b2-b1),2)); } int a[101],b[101],c[101],e[101]; int main(){ int t; scanf("%d",&t); while(t--){ int n; double d; int sum=0; scanf("%d%lf",&n,&d); for(int i=1;i<=maxn;i++){ head[i]=-1; } cnt=-1; for(int i=1;i<=n;i++){ scanf("%d%d%d%d",&a[i],&b[i],&c[i],&e[i]); add(i*2,i*2+1,e[i]); add(i*2+1,i*2,0); sum+=c[i]; } for(int i=1;i<=n;i++){ for(int j=1;j<=n;j++){ if(i==j)continue; if(suan(a[i],b[i],a[j],b[j])<=d){ add(i*2+1,j*2,INF); add(j*2,i*2+1,0); } } } for(int i=1;i<=n;i++){ if(c[i]!=0){ add(1,i*2,c[i]); add(i*2,1,0); } } int ok=0; int first=0; for(int i=1;i<=n;i++){ int zui=i*2; int ans=0; while(bfs(zui,2*n+1)==1){ ans+=dinic(1,INF,zui); } if(ans==sum){ if(first!=0)printf(" "); printf("%d",i-1);//编号以0开始所以-1（才不是我懒得改了） first=1; ok=1; } for(int i=0;i<=cnt;i++){ edge[i].w=edge[i].cun; } } if(ok==0)printf("-1"); printf(" "); } return 0; }