ACdreamOJ 1154 Lowbit Sum （数位dp）
ACM
题目地址：ACdreamOJ 1154
题意：
long long ans = 0;for(int i = 1; i <= n; i ++)ans += lowbit(i)
lowbit(i)的意思是将i转化成二进制数之后，仅仅保留最低位的1及其后面的0，截断前面的内容，然后再转成10进制数。即lowbit(i) = i&(-i)。
每输入一个n，求ans
分析：
用二进制去考虑，能够发现这是个数位dp，假设当前第i位为1。说明这个数肯定包括i+1位的所有和。不要忘了第i位也会被求和到。
额，举个样例：
10->1010。
第一位是1。所以它肯定包括000~111，也包括1000
第二位是0，不考虑
第三位是1，包括0~1，也包括10
第四位是0，不考虑
所以我们仅仅要算出0~1, 00~11, 000~111...的和即可了
列出1~15的二进制码，发现。最后一个1在最后一位有一半，在倒数第二位的有1/4，所以依据这个规律打表即可了。
代码：
/*
* Author: illuz <iilluzen[at]gmail.com>
* File: 1154.cpp
* Create Date: 2014-07-31 08:46:56
* Descripton: aoj 1154
*/
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <iostream>
#include <algorithm>
using namespace std;
#define repf(i,a,b) for(int i=(a);i<=(b);i++)
typedef long long ll;
const int N = 30;
ll n;
ll dp[N];
// table
void init() {
repf (i, 1, N - 1) {
ll ans = 0, t = (1<<i), v = 1;
while (t) {
ans += (t>>1) * v; // there was (t>>1) numbers whose last 1 is in log2(v)
v <<= 1;
t >>= 1;
}
dp[i] = ans;
// cout << ans << ' ';
}
}
ll solve(ll n) {
int i = 0;
ll ret = 0;
while (n) {
if (n & 1)
ret += dp[i] + (1<<i); // don't forget there must be a 1<<i
n >>= 1;
i++;
}
return ret;
}
// brute force
ll bf(ll n) {
ll ans = 0;
repf (i, 1, n)
ans += i&(-i);
return ans;
}
int main() {
init();
while (cin >> n) {
cout << solve(n) << endl;
// cout << n << ' ' << solve(n) << ' ' << bf(n) << endl;
}
return 0;
}
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