题目
由于各种原因，桐人现在被困在Under World（以下简称UW）中，而UW马上要迎来最终的压力测试——魔界入侵。
唯一一个神一般存在的Administrator被消灭了，靠原本的整合骑士的力量是远远不够的。所以爱丽丝动员了UW全体人民，与整合骑士一起抗击魔族。
在UW的驻地可以隐约看见魔族军队的大本营。整合骑士们打算在魔族入侵前发动一次奇袭，袭击魔族大本营！
为了降低风险，爱丽丝找到了你，一名优秀斥候，希望你能在奇袭前对魔族大本营进行侦查，并计算出袭击的难度。
经过侦查，你绘制出了魔族大本营的地图，然后发现，魔族大本营是一个N×N的网格图，一共有N支军队驻扎在一些网格中（不会有两只军队驻扎在一起）。
在大本营中，每有一个k×k(1≤k≤N)的子网格图包含恰好k支军队，我们袭击的难度就会增加1点。
现在请你根据绘制出的地图，告诉爱丽丝这次的袭击行动难度有多大。
分析
想到，可以把题目简化为在一段数中，选择一段区间，使的该区间的数连续，求方案数。
接着可以进一步转换为在一段数中，选择相邻k个数，使得这k个数中的最大值减去最小值等于k-1，求方案数。
然后考虑如何解决这个问题。
我们用分治的思想。
对于一段区间，左边界为l，右边界为r
那么这一段区间的答案(ans(l,r)=ans(l,mid)+ans(mid+1,r)+这k个数穿过mid的方案数)
首先知道一个合法的区间([i,j])，(j-i=区间[i,j]中的最大值-区间[i,j]中的最小值)
这里分两种情况：
最大最小值都在同一侧
现在假设都在左侧的情况，即在区间([l,mid])中。右侧的情况自己思考。
先定义：
mal[x]:表示区间[x,mid]中的最大值（x在区间[l,mid]中）
mil[x]:表示区间[x,mid]中的最小值（x在区间[l,mid]中）
mar[x]:表示区间[mid+1,x]中的最大值（x在区间[mid+1,r]中）
mir[x]:表示区间[mid+1,x]中的最小值（x在区间[mid+1,r]中）
我们枚举一个i，i从mid向l移动。设j为区间的右边界
因为最大最小值都在左侧，
根据合法区间的定义，
可以轻松求出j，(j=i+mal[i]-mil[i])，
但是j不一定是合法的，
1、j必须在区间([mid+1,r])之间
2、mar[j]必须小于mal[i]，mir[j]必须大于mil[i]，否则最大最小值就不都在左侧了。
右侧的情况类似。
最大最小值在异侧
现在假设最大值在右侧，即在区间([mid+1,r])中；现在假设最小值在右侧，即在区间([l,mid])中。
我们同样枚举一个i，i从mid向l移动。设j为区间的右边界
我们再定义两个指针z和z1从mid+1向r移动。
因为最大值在右侧，所以mal[i]应该小于mar[z]，那么当mal[i]>mar[z]时，将指针z向右移；因为mal和mar都是单调的，对于当前的i，因为区间mar[z-1]一定小于mal[i],都是不合法的。
又因为最小值在左侧，所以mil[i]应该小于mir[z1]，那么当mir[z1]>mil[i]时，将指针z1向右移；因为mil和mir也都是单调的，对于当前的i，因为区间mir[z1-1]一定大于mil[i],都是合法的。
于是区间[z,z1]中的数都有可能是合法的j。
再根据合法区间的定义，移项得到(mil[i]-i=mar[j]-j)
定义一个桶t[]，
那么当z移动时，经过的点都是不合法的，就将t[mar[z]-z]减去一；
那么当z1移动时，经过的点都是合法的，就将t[mar[z1]-z1]加上一。
最后，将ans加上t[mil[i]-i]。
桶记住要清零。
另一种情况自己考虑。
#include <cmath>
#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <cstdlib>
#include <cstring>
#include <algorithm>
#include <queue>
const int maxlongint=2147483647;
const int mo=1000000007;
const int N=50005;
using namespace std;
int a[N*2],n,mal[N*2],mar[N*2],mil[N*2],mir[N*2],t[N*5],j,z,z1;
int solve(int l,int r)
{
int mid=(l+r)/2,ans=0;
if(l!=r) ans=solve(l,mid)+solve(mid+1,r);
else return 1;
for(int i=l;i<=r;i++) mar[i]=mal[i]=0,mir[i]=mil[i]=maxlongint;
for(int i=mid;i>=l;i--)
{
mil[i]=min(mil[i+1],a[i]);
mal[i]=max(mal[i+1],a[i]);
}
for(int i=mid+1;i<=r;i++)
{
mir[i]=min(mir[i-1],a[i]);
mar[i]=max(mar[i-1],a[i]);
}
//极值都在左边
for(int i=mid;i>=l;i--)
{
j=i+mal[i]-mil[i];
if((j<=mid) || (j>r)) continue;
if(mal[i]>mar[j] && mil[i]<mir[j]) ans++;
}
//极值都在右边
for(int i=mid+1;i<=r;i++)
{
j=i-mar[i]+mir[i];
if((j>=mid+1) || (j<l)) continue;
if(mar[i]>mal[j] && mir[i]<mil[j]) ans++;
}
//min在左，max在右
z=z1=mid+1;
for(int i=mid;i>=l;i--)
{
while(z<=r && mar[z]<mal[i])
{
t[mar[z]-z+N]--;
z++;
}
while(z1<=r && mir[z1]>mil[i])
{
t[mar[z1]-z1+N]++;
z1++;
}
if(t[mil[i]-i+N]>=0)
ans+=t[mil[i]-i+N];
}
for(int i=mid+1;i<=r;i++) t[mar[i]-i+N]=0;
//max在左，min在右
z=z1=mid+1;
for(int i=mid;i>=l;i--)
{
while(z1<=r && mir[z1]>mil[i])
{
t[mir[z1]+z1+N]--;
z1++;
}
while(z<=r && mal[i]>mar[z])
{
t[mir[z]+z+N]++;
z++;
}
if(t[mal[i]+i+N]>=0)
ans+=t[mal[i]+i+N];
}
for(int i=mid+1;i<=r;i++) t[mir[i]+i+N]=0;
return ans;
}
int main()
{
scanf("%d",&n);
for(int i=1;i<=n;i++)
{
int x,y;
scanf("%d%d",&x,&y);
a[x]=y;
}
printf("%d",solve(1,n));
}