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洛谷
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四OJ Rank1 hhhha
表示这个b我能装一年→_→
首先考虑离线，将询问按时间排序。对于每个在([l,r])出现的颜色，拆成在(l)加入和(r+1)删除两个操作，也按时间排序。
对于询问((x,t))，就是求(t)时刻，离(x)最远的颜色到(x)的距离，也就是从(x)出发往左右至少要走多远才能经过所有颜色。
考虑二分答案。那么就成了，求所有颜色是否都在([x-mid,x+mid])中出现过。
对于这种是否出现过/只计算一次的问题，通常是对每种颜色计算从左到右第一个出现的颜色。
对每个位置(i)记(pre_i)，表示(col_i)上次出现的位置。那么(i)是(col_i)颜色中，该区间第一个出现的当且仅当(pre_i<l)。
所以我们对区间求(pre_i<l)的位置个数就是答案了。但这好像要树套树。。于是复杂度就成了(O(nlog^3n))。。
显然有点想偏。再看我们要求的问题：区间中是否出现过所有颜色。我们不需要求有多少种颜色出现了，只要能找到一种不在区间中出现过的颜色就可以了。
如果一种颜色不在([l,r])中出现过，那么它的(pre_i<l)且(i>r)。也就是说我们求([r+1,n])中是否存在(pre_i<l)就可以了，即求(pre_i)的最小值。
每种颜色的(pre_i)可以开(k)个(set)维护。
因为同一个位置可以有多种颜色，每个位置的(pre_i)会有很多且可能相同。所以对于每个位置还要用一个(multiset)或堆来维护(min{pre_i})并支持删除。
这样就OK啦，复杂度(O(nlog^2n))。
再考虑一下二分能否直接在线段树上二分。实际上是可以的。
orz kcz。
二分一个(mid)，如果(Ansgeq mid)，则((x-mid,x+mid))中不含所有颜色，即([x+mid,n])中最小的前驱(mn)满足(mnleq x-mid)。
我们实际是要求一个最大的(i)，使得([i,n])中最小的前驱(mn)，仍满足(mn+ileq 2x)（(i)越大则(mn)越大，越容易不满足条件）。此时答案就是(min{i-x, x-min{pre_i}})（一个是右端点一个是左端点）。
怎么在线段树上求最大的(i)呢。
先判一下无解情况。
假设现在是在线段树的([l,r])区间：
若(x)落在([mid+1,r])区间，则(i)也一定落在([mid+1,r])区间。
若(x)落在([l,mid])区间，则要判断一下(i)能否落在([mid+1,r])区间。因为(i)越大(mn)越大，所以只需要判下(i=mid+1)时是否可行就行了。
这样就一个(log)啦。
注意求的(min)是([i,n])的，如果递归到([l,mid])要与右区间取(min)。
另外线段树上的节点以及(mn)是离散化后的值域，比较的时候用(ref[mid])（实际值）与(x)比较。
把一个Delete写成Insert
还有st[col]写成st[p]
别的就和我四个小时前写的差不多了？==
我这调的四个小时究竟在干什么==
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#include <set>
#include <queue>
#include <cstdio>
#include <cctype>
#include <algorithm>
#define gc() getchar()
#define MAXIN 500000
//#define gc() (SS==TT&&(TT=(SS=IN)+fread(IN,1,MAXIN,stdin),SS==TT)?EOF:*SS++)
#define INF 1000000000
typedef long long LL;
const int N=3e5+7;
int n,ref[N];
std::multiset<int> st[N];
char IN[MAXIN],*SS=IN,*TT=IN,OUT[3000000],*O=OUT;
struct Node
{
int x,type,t;
bool operator <(const Node &x)const
{
return t<x.t;
}
}A[N<<1];
struct Quries
{
int x,t,id;
bool operator <(const Quries &x)const
{
return t<x.t;
}
}q[N];
struct Heap
{
std::priority_queue<int,std::vector<int>,std::greater<int> > a,b;
// inline int Top() {return a.top();}
inline void Insert(int x) {a.push(x);}
inline void Delete(int x)
{
if(a.top()!=x) b.push(x);
else
{
a.pop();
while(!b.empty()&&a.top()==b.top()) a.pop(),b.pop();
}
}
}hp[N];
struct Segment_Tree
{
#define ls rt<<1
#define rs rt<<1|1
#define lson l,m,ls
#define rson m+1,r,rs
#define S N<<2
int mn[S];
#undef S
#define Update(rt) mn[rt]=std::min(mn[ls],mn[rs])
void Init(const int n)
{
for(int i=n<<2; i; --i) mn[i]=n;
}
// void Build(int l,int r,int rt)
// {
// if(l==r) {mn[rt]=hp[l].a.top(); return;}
// int m=l+r>>1; Build(lson), Build(rson), Update(rt);
// }
void Modify(int l,int r,int rt,int p)
{
if(l==r) {mn[rt]=hp[l].a.top(); return;}
int m=l+r>>1;
p<=m?Modify(lson,p):Modify(rson,p);
Update(rt);
}
// int Query(int l,int r,int rt,int x,int mnv)
// {
// if(l==r) return std::min(ref[l]-x,x-std::min(mnv,ref[mn[rt]]));
// int m=l+r>>1;
// if(x>ref[m] || ref[m]+1+std::min(mnv,ref[mn[rs]])<=x<<1) return Query(rson,x,mnv);
// return Query(lson,x,std::min(mnv,ref[mn[rs]]));
// }
int Query(int x)
{
int l=1,r=n,rt=1,mnv=INF;
while(l!=r)
{
int m=l+r>>1;
if(x>ref[m]||ref[m]+1+std::min(mnv,ref[mn[rs]])<=x<<1) l=m+1, rt=rs;
else mnv=std::min(mnv,ref[mn[rs]]), r=m, rt=ls;
}
return std::min(ref[l]-x,x-std::min(mnv,ref[mn[rt]]));
}
}T;
inline int read()
{
int now=0;register char c=gc();
for(;!isdigit(c);c=gc());
for(;isdigit(c);now=now*10+c-'0',c=gc());
return now;
}
void print(int x)
{
static char obuf[13];
if(x<0) x=-x, *O++='-';
if(x)
{
int t=0; while(x) obuf[++t]=x%10+48, x/=10;
while(t) *O++=obuf[t--];
}
else *O++='0';
}
//void print(int x)
//{
// if(x<0) x=-x, *O++='-';
// if(x>9) print(x/10);
// *O++ = x%10+48;
//}
int Discrete(int n)
{
static std::pair<int,int*> tmp[N<<1];
for(int i=1; i<=n; ++i) tmp[i]=std::make_pair(A[i].x,&A[i].x);
std::sort(tmp+1,tmp+1+n);
int cnt=1; ref[*tmp[1].second=1]=tmp[1].first;
for(int i=2; i<=n; ++i)
ref[*tmp[i].second=tmp[i].first==tmp[i-1].first?cnt:++cnt]=tmp[i].first;
return cnt;
}
void Solve(int p,int col,int &tot)
{
static int tm[N];
if(col>0)
{
tot+=!tm[col]++;
std::multiset<int>::iterator it=st[col].lower_bound(p);//话说写set类型的迭代器竟然也对。。
int nxt=*it, pre=it==st[col].begin()?0:*--it;
hp[p].Insert(pre), T.Modify(1,n,1,p);
hp[nxt].Delete(pre), hp[nxt].Insert(p), T.Modify(1,n,1,nxt);//nxt最大也就是n，不会越界
st[col].insert(p);
}
else
{
col=-col, tot-=!--tm[col];
std::multiset<int>::iterator it=st[col].find(p);
int pre=it==st[col].begin()?0:(--it,*it++);
hp[p].Delete(pre), T.Modify(1,n,1,p);
st[col].erase(it++);
hp[*it].Delete(p), hp[*it].Insert(pre), T.Modify(1,n,1,*it);
}
}
int main()
{
static int Ans[N];
int n=read(),K=read(),Q=read(),cnt=0;
for(int i=1,x,type; i<=n; ++i)
x=read(), type=read(), A[++cnt]=(Node){x,type,read()}, A[++cnt]=(Node){x,-type,read()+1};
std::sort(A+1,A+1+cnt);
n=Discrete(cnt), ref[0]=-INF, ref[++n]=INF, ::n=n;
for(int i=1; i<=Q; ++i) q[i]=(Quries){read(),read(),i};
std::sort(q+1,q+1+Q);
for(int i=1; i<=n; ++i) hp[i].Insert(n);
for(int i=1; i<=K; ++i) hp[n].Insert(0), st[i].insert(n);
// T.Build(1,n,1); A[cnt+1].t=INF;
T.Init(n), T.Modify(1,n,1,n), A[cnt+1].t=INF;
for(int i=1,now=1,tot=0; i<=Q; ++i)
{
while(A[now].t<=q[i].t) Solve(A[now].x,A[now].type,tot), ++now;
Ans[q[i].id]=tot==K?T.Query(q[i].x):-1;
}
for(int i=1; i<=Q; ++i) print(Ans[i]), *O++='
';//printf("%d
",Ans[i]);
fwrite(OUT,1,O-OUT,stdout);
return 0;
}