题目描述
$ZYB$获得了一个神秘的非空字符串$p$。
初始时，串$S$是空的。
$ZYB$会执行若干次这样的操作：
$1.$选取$S$中的一个任意的位置（可以是最前面或者最后面）
$2.$在这个位置上插入一个完整的$p$，得到一个新的$S$。
但是$ZYB$不小心把$p$弄丢了。
他告诉你现在的$S$是什么，请帮他还原出可能的$p$。
如果有多个$p$符合要求，选取长度最短的。
如果仍然有多解，选取字典序最小的。
输入格式
从文件$string.in$中读入数据。
这道题有多组数据，第一行一个数$T$，表示数据组数。
对于每组数据，读入一行字符串，表示$S$。
输出格式
输出到文件$string.out$中。
一共$T$行，每行一个字符串$p$，表示对应的答案。
样例
样例输入：
1
hhehellolloelhellolo
样例输出：
hello
数据范围与提示
样例解释：
$S$为：
$1.$
$2.hello$
$3.hhelloello$
$4.hhelloelhellolo$
$5.hhehellolloelhellolo$
数据范围：
前$20\%$：$|S|\leqslant 8$
前$40\%$：$|S|\leqslant 20$
前$60\%$：$|S|\leqslant 100,\sum|S|\leqslant 300$
另有$10\%$：$S$是$p$等概率插入可行位置构造出来的。
另有$10\%$：$p$的长度不超过$3$。
$100\%$：$|S|\leqslant 200,T\leqslant 10,\sum|S|\leqslant 666$
题解
因为串$S$肯定有一段连续的是$p$（最后插进去的），所以可以枚举这个连续的串，再想办法判断就好了。
考虑$DP$，定义怪怪的，设$dp[l][r]$表示在当前枚举的长度为$len$的情况下，区间$[l,r]$除了前$(r-l)%len$位匹配了整串前缀以外剩下的部分都匹配了是否可行。
那么考虑转移，设$b$数组为当前$check$的这段区间：
$\alpha.dp[l][r]|=dp[l][r-1]\&(s[j]==b[(j-i)%len+1])$：多匹配了一位。
$\beta.dp[l][r]|=dp[i][j-k\times len]\&f[j-k\times len+1][j]$：后面有几段匹配了。
由于$\beta$转移的上界为$\frac{N}{len}$，所以最终的时间复杂度为$\Theta(\sum\limits_{len|N}(N-len+1)\times N^2\times\frac{N}{len}=\Theta(N^4)$。
不过可以对于每一个$p$，先判断一下其子集合法性，然后使用记忆化搜索即可。
时间复杂度：$\Theta(N^4)$（但是远远达不到）。
期望得分：$100$分。
实际的分：$100$分。
代码时刻
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
char ch[201];
int n,a[201],b[201],ans[201];
int dp[201][201];
int mod(int x,int y){return x>y?mod(x-y,y):x;}
bool dfs(int x,int l,int r)
{
if(l>r)return 1;
if(dp[l][r]!=-1)return dp[l][r];
for(int mid=r-x;l<=mid;mid-=x)
if(dfs(x,l,mid)&&dfs(x,mid+1,r))
return dp[l][r]=1;
if(a[r]==b[mod(r-l+1,x)])return dp[l][r]=dfs(x,l,r-1);
return dp[l][r]=0;
}
bool judge(int x){for(int i=1;i<=x;i++)if(ans[i]>b[i])return 1;return 0;}
int main()
{
int T;scanf("%d",&T);
while(T--)
{
scanf("%s",ch+1);
n=strlen(ch+1);
for(int i=1;i<=n;i++)a[i]=ch[i]-'a'+1;
for(int i=1;i<=n;i++)
{
if(n%i)continue;bool res=0;
memset(ans,0,sizeof(ans));
for(int j=1;j<=n-i+1;j++)
{
memset(dp,-1,sizeof(dp));
for(int k=1;k<=i;k++)b[k]=a[j+k-1];
if(dfs(i,1,n)&&(!ans[1]||judge(i)))
for(int k=1;k<=i;k++)ans[k]=b[k];
}
if(ans[1]){for(int k=1;k<=i;k++)printf("%c",(char)(ans[k]+'a'-1));puts("");break;}
}
}
return 0;
}
rp++