前置知识：值域线段树，可持久化线段树，树状数组
动态整体第k小
题目：给定一个序列和m次操作，每次操作修改单点或者询问整个序列第k小的数
首先考虑暴力，对于每次修改都直接排序的话，复杂度为O(nmlogn)，也可以魔改一下排序方法，不过一般的暴力还是没办法过
整体第k小带修改很明显可以用平衡树做，不过编程较麻烦（而且大材小用），所以不考虑
值域线段树
值域线段树可以很方便的O(logn)查询一次所有数中比某个值小的数的个数，于是我们可以考虑用它解决这一类问题，当然一般来说值域线段树是和离散化配套使用的
做法：
将所有数离散化后加入值域线段树，修改操作就直接删除旧的，加入新的
对于查询操作，从根节点开始，当前节点的左儿子保存着(≤)mid的数的个数sum，如果sum(≥)k，就说明第k小应该在左边，递归到左儿子，否则k-=sum，递归给右儿子（k-=sum是因为在整个区间找第k小等价于在右区间找第k-sum小）
时间复杂度为O(nlogn)，空间复杂度O(n*4)
静态前缀第k小
题目：每次查询前x个数中的第k小，无修改
做法：这里改变一下上面的方法。上面的做法中，可以发现，sum的大小表示的是所有数中(≤)mid的数的个数，而这里是要求前x个数中(≤)mid的数的个数，于是我们需要对每一个数a[i]加入之后都对前i个数建立一颗值域线段树，询问前x个数的时候就使用第x个线段树
可持续化线段树
显然不可能真的建立n个值域线段树
时空复杂度O(nlogn)
静态区间第k小
题目：查询改为[ l , r ]区间，无修改
上面的前缀第k小相当于把主席树看做前缀和，那么区间第k小相当于使用差分相减
首先明确一件事，对于上面建的n个值域线段树（假装把n个树都单独拆出来），形态完全相同，并且对于每一个树的相同位置，意义几乎一样，比如，第x个树和第y个树的某个位置都表示不大于c的数的个数，只不过一个是针对前a[1x]，另一个a[1y]。所以可以考虑前缀和的思想，假设y (>) x，用y树一个节点减去x树上对应节点就可以表示a[ x+1 ~ y ]这一段上不大于c的数
做法：
对于查询[ l , r ]，同时使用l-1和r两个值域线段树，每次的sum由r树的左儿子减去l-1树的左儿子得到，向下递归时两个根要一起向同一个方向走
时空复杂度O(nlogn)
Code：
#include<bits/stdc++.h>
#define N 200005
using namespace std;
int n,m;
int ref[N],len;
int a[N],ndsum;
int root[N],ls[N*20],rs[N*20],sum[N*20];
template <class T>
void read(T &x)
{
char c;int sign=1;
while((c=getchar())>'9'||c<'0') if(c=='-') sign=-1; x=c-48;
while((c=getchar())>='0'&&c<='9') x=(x<<1)+(x<<3)+c-48; x*=sign;
}
void build(int &rt,int l,int r)
{
rt=++ndsum;
if(l==r) return;
int mid=(l+r)>>1;
build(ls[rt],l,mid);
build(rs[rt],mid+1,r);
}
void copynode(int x,int y)
{
ls[x]=ls[y];
rs[x]=rs[y];
sum[x]=sum[y]+1;//复制的链上都会增加 1
}
int modify(int rt,int l,int r,int x,int val)
{
int t=++ndsum;
copynode(t,rt);
if(l==r) return t;
int mid=(l+r)>>1;
if(mid>=x) ls[t]=modify(ls[rt],l,mid,x);
else rs[t]=modify(rs[rt],mid+1,r,x);
return t;
}
int query(int rt1,int rt2,int l,int r,int k)
{
if(l==r) return l;
int x=sum[ls[rt2]]-sum[ls[rt1]];
int mid=(l+r)>>1;
if(x>=k) return query(ls[rt1],ls[rt2],l,mid,k);
else return query(rs[rt1],rs[rt2],mid+1,r,k-x);
}
int main()
{
read(n);read(m);
for(int i=1;i<=n;++i) read(a[i]),ref[++len]=a[i];
sort(ref+1,ref+len+1);
len=unique(ref+1,ref+len+1)-ref-1;
build(root[0],1,len);//先建立一个空树
for(int i=1;i<=n;++i)
{
int t=lower_bound(ref+1,ref+len+1,a[i])-ref;//找到要加入的a[i]在ref中对应的下标
root[i]=modify(root[i-1],1,len,t);
}
for(int i=1;i<=m;++i)
{
int x,y,k;
read(x);read(y);read(k);
printf("%d
",ref[query(root[x-1],root[y],1,len,k)]);
}
return 0;
}
区间静态第k小运用了前缀和差分，所以显然这个问题可以上树
将一个点到根节点的路径建值域线段树，对于父亲(rt)和儿子(v)，(v)的值域线段树从(rt)扩展一个点而来；查询路径((u,v))用差分转换成(root[u]+root[v]-root[lca(u,v)]-root(fa[lca(u,v)]))四棵线段树加减
#include<bits/stdc++.h>
#define N 100005
#define Min(x,y) ((x)<(y)?(x):(y))
#define Max(x,y) ((x)>(y)?(x):(y))
using namespace std;
typedef long long ll;
int n,m,a[N],b[N],len;
int f[N][18],dep[N];
int root[N],ndsum;
int sum[N*100],ls[N*100],rs[N*100];
struct Edge
{
int next,to;
}edge[N<<1];int head[N],cnt=1;
void add_edge(int from,int to)
{
edge[++cnt].next=head[from];
edge[cnt].to=to;
head[from]=cnt;
}
template <class T>
void read(T &x)
{
char c; int sign=1;
while((c=getchar())>'9'||c<'0') if(c=='-') sign=-1; x=c-48;
while((c=getchar())>='0'&&c<='9') x=(x<<1)+(x<<3)+c-48; x*=sign;
}
void build(int &rt,int las,int l,int r,int x)
{
if(!rt) rt=++ndsum;
ls[rt]=ls[las];
rs[rt]=rs[las];
sum[rt]=sum[las]+1;
if(l==r) return;
int mid=(l+r)>>1;
if(x<=mid) ls[rt]=0,build(ls[rt],ls[las],l,mid,x);
else rs[rt]=0,build(rs[rt],rs[las],mid+1,r,x);
}
void dfs(int rt,int fa)
{
dep[rt]=dep[fa]+1;
build(root[rt],root[fa],1,n,a[rt]);
for(int i=head[rt];i;i=edge[i].next)
{
int v=edge[i].to;
if(v==fa) continue;
f[v][0]=rt;
for(int j=1;j<18;++j) f[v][j]=f[f[v][j-1]][j-1];
dfs(v,rt);
}
}
int lca(int x,int y)
{
if(dep[x]<dep[y]) swap(x,y);
for(int i=17;i>=0;--i) if(dep[f[x][i]]>=dep[y]) x=f[x][i];
if(x==y) return x;
for(int i=17;i>=0;--i) if(f[x][i]!=f[y][i]) x=f[x][i],y=f[y][i];
return f[x][0];
}
int query(int rt1,int rt2,int rt3,int rt4,int l,int r,int k)
{
if(l==r) return l;
int L=sum[ls[rt1]]+sum[ls[rt2]]-sum[ls[rt3]]-sum[ls[rt4]];
int mid=(l+r)>>1;
if(L>=k) return query(ls[rt1],ls[rt2],ls[rt3],ls[rt4],l,mid,k);
else return query(rs[rt1],rs[rt2],rs[rt3],rs[rt4],mid+1,r,k-L);
}
int main()
{
read(n);read(m);
for(int i=1;i<=n;++i) read(a[i]),b[++len]=a[i];
sort(b+1,b+len+1); len=unique(b+1,b+len+1)-b-1;
for(int i=1;i<=n;++i) a[i]=lower_bound(b+1,b+len+1,a[i])-b;
for(int i=1;i<n;++i)
{
int x,y;
read(x);read(y);
add_edge(x,y);
add_edge(y,x);
}
dfs(1,0);
for(int i=1;i<=m;++i)
{
int x,y,k;
read(x);read(y);read(k);
int l=lca(x,y);
printf("%d
",b[query(root[x],root[y],root[l],root[f[l][0]],1,n,k)]);
}
return 0;
}
动态区间第k小
对于上面的静态区间第k小问题，我们用类似前缀和的思想知道了区间[ l , r ]中不大于c的数的个数，于是对于带修改的前缀和问题，我们很容易想到用树状数组维护
这里采用类比法来方便理解
在树状数组中，查询前x个数的和的时候，我们将x二进制拆分使得遍历的点只有logn个，修改同理，这相当于将修改和查询的时间平均分到logn（暴力维护前缀和是查询O（1），修改O（n））。类似的，原来方法中询问的单纯从第x个树向下遍历（类比于直接输出sum[x]）就变成了从logn颗树同时向下遍历，这样就可以使得修改操作变成修改logn颗树，将复杂度平均分给修改和查询。
Code：
#include<bits/stdc++.h>
#define N 100005
#define lowbit(x) ((x)&(-x))
using namespace std;
int n,m;
int a[N];
int exc[N<<1],len;//离散化数组
int ls[N*400],rs[N*400],val[N*400],root[N<<1],sum;//值域线段树
int son[2][100],s[2];//树状数组思路中应该处理的logn颗树（分为l，r）
struct Order
{
char o;
int l,r,pos,val;
}order[N];
template <class T>
void read(T &x)
{
char c;int sign=1;
while((c=getchar())>'9'||c<'0') if(c=='-') sign=-1; x=c-48;
while((c=getchar())>='0'&&c<='9') x=(x<<1)+(x<<3)+c-48; x*=sign;
}
void modify(int &rt,int l,int r,int pos,int v)//修改某一颗树
{
if(!rt) rt=++sum;
val[rt]+=v;
if(l==r) return;
int mid=(l+r)>>1;
if(mid>=pos) modify(ls[rt],l,mid,pos,v);
else modify(rs[rt],mid+1,r,pos,v);
}
int pre_modify(int pos,int v)//修改logn颗树
{
int k=lower_bound(exc+1,exc+len+1,a[pos])-exc;
for(int i=pos;i<=n;i+=lowbit(i)) modify(root[i],1,len,k,v);
}
int query(int l,int r,int k)//询问
{
if(l==r) return l;
int sum=0,mid=(l+r)>>1;
for(int i=1;i<=s[1];++i) sum+=val[ls[son[1][i]]];//叠加每一颗树 (r)
for(int i=1;i<=s[0];++i) sum-=val[ls[son[0][i]]];//减去每一颗树 (l)
if(k<=sum)//向左转，要处理的logn颗树都要转弯
{
for(int i=1;i<=s[1];++i) son[1][i]=ls[son[1][i]];
for(int i=1;i<=s[0];++i) son[0][i]=ls[son[0][i]];
return query(l,mid,k);
}
else
{
for(int i=1;i<=s[1];++i) son[1][i]=rs[son[1][i]];
for(int i=1;i<=s[0];++i) son[0][i]=rs[son[0][i]];
return query(mid+1,r,k-sum);
}
}
int main()
{
read(n);read(m);
for(int i=1;i<=n;++i) read(a[i]),exc[++len]=a[i];
for(int i=1;i<=m;++i)
{
while((order[i].o=getchar())<40);
if(order[i].o=='Q') {read(order[i].l);read(order[i].r);read(order[i].val);}
if(order[i].o=='C') {read(order[i].pos);read(order[i].val);}
exc[++len]=order[i].val;
}
sort(exc+1,exc+len+1);
len=unique(exc+1,exc+len+1)-exc-1;
for(int i=1;i<=n;++i) pre_modify(i,1);//加入a[i]，建树
for(int opt=1;opt<=m;++opt)
{
if(order[opt].o=='Q')//询问
{
s[1]=s[0]=0;
for(int i=order[opt].r;i;i-=lowbit(i)) son[1][++s[1]]=root[i];
for(int i=order[opt].l-1;i;i-=lowbit(i)) son[0][++s[0]]=root[i];
//要同时处理的logn颗树，l，r
printf("%d
",exc[query(1,len,order[opt].val)]);
}
else
{
pre_modify(order[opt].pos,-1);//删除目标
a[order[opt].pos]=order[opt].val;//修改
pre_modify(order[opt].pos,1);//加回去
}
}
return 0;
}