• 【细小碎的oi小知识点总结贴】不定时更新(显然也没人看qwq)


    1.memcpy:

    从a数组中复制k个元素到b数组:

    memcpy(b,a,sizeof(int)*k);

    #include<cstring>
    #include<iostream>
    #include<cstdio>
    using namespace std;
    int a[10],b[20];
    int main(){
        for(int i=0;i<10;i++)
            cin>>a[i];
        for(int i=0;i<10;i++)
        cin>>b[i];
        memcpy(b,a,sizeof(int)*5);
        for(int i=0;i<20;i++)
        cout<<b[i]<<" ";
    }

    【输入】

    1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
    10 9 8 7 6 5 4 3 2 1

    【输出】

    1 2 3 4 5 5 4 3 2 1 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 

    (b数组的值被更新了,上面的话b数组的前k个值就被赋值变成了a数组的前k个值【从0开始qwq】b数组其他值不变)

    将a全部赋值给b:

    memcpy(b,a,sizeof(a));

    #include<cstring>
    #include<iostream>
    #include<cstdio>
    using namespace std;
    int a[10],b[20];
    int main(){
        for(int i=0;i<10;i++)
            cin>>a[i];
        for(int i=0;i<10;i++)
        cin>>b[i];
        memcpy(b,a,sizeof(a));
        for(int i=0;i<20;i++)
        cout<<b[i]<<" ";
    }

    【输入】

    1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
    10 9 8 7 6 5 4 3 2 1

    【输出】

    1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 

    为什么突然写这个,因为用到了啊qwq(我是不会告诉你人家是题解上用的qwq)

     2.数据类的东西吧qwq:

    ①int范围的无穷大:INT_MAX,无穷小INT_MIN。

    ②memset赋值:可以正常赋值的:-1,0;神奇的赋值:(一个很大的数)0xfff(大概几个f是没问题的qwq)

     2.优先队列(priority queue):

    首先,你需要:

    #include<queue>

    优先队列,顾名思义,是比对列更加强大的队列。它的功能强大在它可以自动排序。

    自动排序是从大到小qwq

    那么如何从小到大排呢?

    重载来帮忙:(作为大括号不换行的异教徒)

    struct node{
        int x,y;
        bool operator < (const node & a) const{
            return x<a.x;
        }
    };

    声明:priority_queue<结构类型> 队列名;

    常用声明格式:

    priority_queue <node> q;
    //node是一个结构体
    //结构体里重载了‘<’小于符号
    priority_queue <int,vector<int>,greater<int> > q;
    //注意后面两个“>”不要写在一起,“>>”是右移运算符
    //从小到大排序
    priority_queue <int,vector<int>,less<int> >q;
    //从大到小排序

    基本操作:

     3.set

    头文件#include<set>

    特点:

    1、set中的元素都是排好序的

    2、set集合中没有重复的元素

    基本操作

    前向星存图(一个神奇的超越邻接矩阵的存在)

    首先讲一下需要定义的一些东西??

    1.head数组:head[点数]:head[i]表示以当前点i为起点的最后一条边(这里的最后指的是编号【我们按输入顺序给边编一个号】)。

    这个图即为head[1]=4,表示以1为起点的边的最后一条是点1—>点5编号为4的边;

    2.num_edge,表示边的总个数;

    3.结构体:

    struct Edge{
        int next,to,dis;
    }edge[边数];

    这里,edge[i].next表示上一条以i为起点的边:

    还是上面那个图,这里edge[4].next=3;

    edge[i].to表示这条边i的终点;

    edge[i].dis表示这条边的权值;

    复制代码
    void addedge(int from,int to,int dis){
        num_edge++;//因为存入一条边,总边数+1;
        edge[num_edge].next=head[from];//新存入一条以from为起点的边,之前的以from为起点的最后一条边变成了新边的上一条边
        edge[num_edge].to=to;//存终点
        edge[num_edge].dis=dis;//存权值
        head[from]=num_edge;//存入一条以from为起点的边,那么现在以from为起点的最后一条边就是新存入的边
    }
    复制代码

    提醒:如果要存的是无向图,进行程序时应该:addedge(from,to,dis),addedge(to,from,dis)各跑一遍,所开空间也要*2;

    memset的用法

    memset按位赋值:一位等于8字节(一个int型是4位),(一字节可以看做是二进制中的一位),对于memset,无论你这个数是什么,它都会把每一位都变成第一位的数,如果我们用memset赋值1的话,最后结果就是这个数:

    (一个蓝框为1位)

    而memset(a,63,sizeof(a));就是把a数组的初始值赋成了以下这个数:

    floyd:

    1. floyd实际上是一个DP(floyd:哈哈想不到吧qwq)
    2. floyd其实是一个三维DP
    3. floyd其实就跟01背包一样把k这一维降掉了,因此k要放在最外层枚举;
    4. 对于没有降维的三维floyd disk,i,j来讲,表示的是从i=>j只可能经过1——k这些点的最短路径;

    sort-cmp:

    cmp函数的含义:如果返回值是 True,表示 要把 序列 (X,Y),X放Y前。
    Tarjan:

    关于tarjan:【here】

    slow slow read了解一下:

    首先是关于数据读入的几个结点:

    1. 1e4 可以用cin,没问题
    2. 1e5   scanf
    3. 1e6   getchar(也就是平常写的快读)
    4. 1e7   fread(要背板子比较好)
    5. 1e8及以上 emm,再见!

    现在来写一下1e6 getchar型slow slow read:

    inline int read(){
        int ans=0;
        char last=' ',ch=getchar();
        while(ch<'0'||ch>'9') last = ch,ch=getchar();//过滤空格
        while(ch>='0'&&ch<='9') ans=ans*10+ch-'0',ch=getchar();
        if(last=='-') ans=-ans;
        return ans;
    }

    然后大致就是用getchar读入(大概会快吧),然后转化成数字;

    然后(不知道为什么最近那么喜欢用然后qwq),粘一粘各种不同大佬喜欢用的快读板子qwq:

    int read(){
        int x = 0; char c = gc();
        while(!isdigit(c)) c = gc();
        while(isdigit(c)){x = x * 10 + c - '0'; c = gc();}
        return x;
    }
    DDOSvoid Code
    template <typename T>
    inline void qr(T &x) {
      char ch;
      do { ch = getchar(); } while ((ch > '9') || (ch < '0'));
      do { x = (x << 1) + (x << 3) + (ch ^ 48); ch = getchar(); } while ((ch >= '0') && (ch <= '9'));
    }//(艰难的没看懂)
    zay Code
    typedef int ll;
    inline void read(ll &num)
    {
        bool flag = 0;
        num = 0;
        char c = getchar();
        while ((c < '0' || c > '9') && c != '-')
            c = getchar();
        if (c == '-')
        {
            flag = 1;
            c = getchar();
        }
        num = c - '0';
        c = getchar();
        while (c >= '0' && c <= '9')
            num = (num << 3) + (num << 1) + c - '0', c = getchar();
        if (flag)
            num *= -1;
    }
    inline void read(char &c)
    {
        c = getchar();
        while (c == '
    ' || c == '
    ' || c == '' || c == ' ' || c == '	')
            c = getchar();
    }
    inline void output(ll num)
    {
        if (num < 0)
        {
            putchar('-');
            num = -num;
        }
        if (num >= 10)
            output(num / 10);
        putchar(num % 10 + '0');
    }
    inline void outln(ll num)
    {
        output(num);
        puts("");
    }
    inline void outsp(ll num)
    {
        output(num);
        putchar(' ');
    }
    inline void outln(string str) { puts(str.c_str()); }
    water_lift Code

    然后对于zay大佬的fread,大概是只能背个板子:

    typedef long long int ll;
    
    namespace IPT {
      const int L = 1000000;
      char buf[L], *front=buf, *end=buf;
      char GetChar() {
        if (front == end) {
          end = buf + fread(front = buf, 1, L, stdin);
          if (front == end) return -1;
        }
        return *(front++);
      }
    }
    
    template <typename T>
    inline void qr(T &x) {
      char ch = IPT::GetChar(), lst = ' ';
      while ((ch > '9') || (ch < '0')) lst = ch, ch=IPT::GetChar();
      while ((ch >= '0') && (ch <= '9')) x = (x << 1) + (x << 3) + (ch ^ 48), ch = IPT::GetChar();
      if (lst == '-') x = -x;
    }

     状态压缩中,如何较高效的求出共有多少个1:

    (参考资料:求一个数的二进制序列中1的个数(3种方法)

     比较高效的方法是x=x&(x-1),当x=0时,进行此运算的次数也就是1的个数;

    int count_one3(int m){
        int count = 0;
        while (m){
            m = m&(m - 1);
            count++;
        }
        return count;
    }

    [背包九讲]

  • 相关阅读:
    嵌入式操作系统-小型任务调度的理解(转)
    数据分析-pandas基础入门(一)
    硬件电路设计——低通滤波器的应用
    Docker
    AWK总结
    DNS解析
    TCP/IP
    Mysql优化部分总结
    Nginx配置文件释义备查
    时间模块
  • 原文地址:https://www.cnblogs.com/zhuier-xquan/p/10712565.html
Copyright © 2020-2023  润新知