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SRM500 Div1 1000
设 (v_1,v_2,cdots ,v_9) 分别为一个数中 (1-9) 的出现次数。
那么可以列出如下方程组：
[egin{eqnarray*}
v_1+2v_2+3v_3+cdots +9v_9 &=& S\
v_2+2v_4+3v_8+v_6 &=& p_2\
v_3+v_6+2v_9 &=& p_3\
v_5 &=& p_5\
v_7 &=& p_7
end{eqnarray*}
]
有 9 个变量，5 个方程，所以只需要枚举其中 4 个就可以得到所有的。于是问题被转化成了知道 (v_1cdots v_9)，求这些数对答案的贡献。先假设所有的 (t=sum_{1leq i leq 9}v_i) 个数都互不相同，则任意一个数在任意一个位置都会产生 ((t-1)!) 次贡献，所以总贡献为 (a=(sum_{0leq i <t} 10 ^i)(sum_{1leq ileq 9}iv_i)((t-1)!)) 。由于值相同的数是等价的，所以最终得到的贡献为 (a/(prod _{1leq i leq 9}v_i!)) 。
代码
static const int N=3005,mod=500500573;
int Pow(int x,int y){
int ans=1;
for (;y;y>>=1,x=1LL*x*x%mod)
if (y&1)
ans=1LL*ans*x%mod;
return ans;
}
int Fac[N],Inv[N],Iv[N],sum[N];
void prework(int n){
for (int i=Fac[0]=1;i<=n;i++)
Fac[i]=1LL*Fac[i-1]*i%mod;
Inv[n]=Pow(Fac[n],mod-2);
for (int i=n;i>=1;i--)
Inv[i-1]=1LL*Inv[i]*i%mod;
for (int i=1;i<=n;i++)
Iv[i]=1LL*Inv[i]*Fac[i-1]%mod;
sum[0]=0;
for (int i=1;i<=n;i++)
sum[i]=(10LL*sum[i-1]+1)%mod;
}
int v1,v2,v3,v4,v5,v6,v7,v8,v9;
int calc(){
static int t;
t=v1+v2+v3+v4+v5+v6+v7+v8+v9;
return 1LL*Fac[t-1]*sum[t]%mod
*(v1*1+v2*2+v3*3+v4*4+v5*5+v6*6+v7*7+v8*8+v9*9)%mod
*Inv[v1]%mod*Inv[v2]%mod*Inv[v3]%mod
*Inv[v4]%mod*Inv[v5]%mod*Inv[v6]%mod
*Inv[v7]%mod*Inv[v8]%mod*Inv[v9]%mod;
}
int getSum(int p2, int p3, int p5, int p7, int S){
prework(3000);
int ans=0;
S-=p5*5+p7*7;
v5=p5,v7=p7;
for (v2=0;v2<=p2;v2++)
for (v4=0;v2+v4*2<=p2;v4++)
for (v8=0;v8*3+v4*2+v2<=p2;v8++){
v6=p2-v2-v4*2-v8*3;
int s2=S-v2*2-v4*4-v8*8-v6*6;
if (s2<0||p3<v6)
continue;
for (v9=(p3-v6)/2;v9>=0;v9--){
v3=p3-v6-v9*2;
v1=s2-v9*9-v3*3;
if (v1<0)
continue;
ans=(ans+calc())%mod;
}
}
return ans;
}