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题目传送门 - BZOJ3286
题意概括
n,m,a,b,c,d,e,f<=10^1000000
题解
神奇的卡常题目。
在此感谢"zhouzixuan"——bzoj 3286: Fibonacci矩阵
学习他，才15秒卡过此题。
这题的做法应该很明显的，学过矩阵快速幂的大概几眼就看出来了。
对于每一行的转移，是相同的，所以矩阵快速幂可以搞定行与行之间的转移。
然后对于某一行，其实大部分的转移是和abc有关的，同理也可用矩阵快速幂搞定。
但是如果折半的话，矩阵快速幂的复杂度为log2(n)*len(n) (高精度运算复杂度)
要TLE。
然后我们发现，如果10位10位走，就不用跑高精度了。那么时间复杂度理论上就可以过去了。
但是这题神坑。
卡常！！！！！！！
那么，我们研究矩阵，发现，我们构造的矩阵，有一列（或者一行）的3个数的值总是不变的。
那么，我们可以减少循环？？
然后，去掉循环，手写9个运算式又可以省去循环变量的几个运算的复杂度。
然后，仍然不够。我们发现数组访问有点慢，那么我们把数组去掉，改成一个一个的变量。
这样大概可以快上4倍。
然后，我们发现之前的那3个不变的也没用了，直接不运算了，其余的按照原先的运算，其中涉及之前的那3个的就把变量名改成值就可以了。
然后发现还是TLE了。
您千万不要气馁。
对于矩阵快速幂中，我原先的版本是这样的：
Mat MatPow(Mat x,int *v,int len){
Mat ans(1),xx;
for (int i=1;i<=len;i++){
for (int j=v[i];j--;)
ans=ans*x;
xx=x=x*x,x=x*x,x=x*x,x=x*xx;
}
return ans;
}
其实，这个时候，我们不仅要在x上面花时间，又要在ans上花时间，所以，我们要想办法卡。
事实上，我们可以这样：（省掉了约1/3的时间）
inline Mat MatPow(Mat x,int *v,int len){
Mat ans(1),xx;
Mat fac[10];
fac[0].set(1);
for (int i=1;i<=9;i++)
fac[i]=fac[i-1]*x;
for (int i=len;i>=1;i--)
ans=MatPow(ans)*fac[v[i]];
return ans;
}
然后我就过去了。（心）累死了。
update 2017-12-22
在写BZOJ3240的时候，突然发现我当初在写最后的MatPow的时候，有重复计算。然后舍去了重复计算，卡掉了1/3的常数，现在是10秒了。
代码
#include <cstring>
#include <cstdio>
#include <algorithm>
#include <cstdlib>
#include <cmath>
using namespace std;
typedef long long LL;
const int mod=2012182013;
struct BigInt{
static const int MaxL=1000005;
int v[MaxL],len;
inline bool isd(char ch){return '0'<=ch&&ch<='9';}
inline void read(){
len=0;
char ch=getchar();
while (!isd(ch))
ch=getchar();
while (isd(ch))
v[++len]=ch-48,ch=getchar();
for (int i=1;i<=len/2;i++)
swap(v[i],v[len+1-i]);
}
inline void minus(){
v[1]--;
for (int i=1;i<len;i++)
if (v[i]<0)
v[i]+=10,v[i+1]--;
else
break;
while (len&&!v[len])
len--;
}
};
inline bool isd(char ch){return '0'<=ch&&ch<='9';}
inline LL getMODed(){
char ch=getchar();
while (!isd(ch))
ch=getchar();
LL res=0;
while (isd(ch))
res=(res*10+ch-48)%mod,ch=getchar();
return res;
}
struct Mat{
LL v11,v12,v21,v22,v31,v32;
inline Mat (){}
inline Mat (int x){(*this).set(x);}
inline void set(int x){
v11=v12=v21=v22=v31=v32=0;
if (x==1)
v11=v22=1;
}
inline void build(int a,int b,int c){
v11=0,v12=a;
v21=1,v22=b;
v31=0,v32=c;
}
inline Mat operator * (Mat &b){
Mat ans;
ans.v11=(v11*b.v11+v12*b.v21)%mod;
ans.v12=(v11*b.v12+v12*b.v22)%mod;
ans.v21=(v21*b.v11+v22*b.v21)%mod;
ans.v22=(v21*b.v12+v22*b.v22)%mod;
ans.v31=(v31*b.v11+v32*b.v21+b.v31)%mod;
ans.v32=(v31*b.v12+v32*b.v22+b.v32)%mod;
return ans;
}
};
inline Mat MatPow(Mat x){
Mat ans(1);
for (int y=10;y;y>>=1,x=x*x)
if (y&1)
ans=ans*x;
return ans;
}
inline Mat MatPow(Mat x,int *v,int len){
Mat ans(1),xx;
Mat fac[10];
fac[0].set(1);
for (int i=1;i<=9;i++)
fac[i]=fac[i-1]*x;
for (int i=len;i>=1;i--)
ans=MatPow(ans)*fac[v[i]];
return ans;
}
LL a,b,c,d,e,f;
BigInt n,m;
Mat Mx,My,en,res;
int main(){
n.read(),m.read();
a=getMODed(),b=getMODed(),c=getMODed();
d=getMODed(),e=getMODed(),f=getMODed();
Mx.build(a,b,c),My.build(d,e,f);
m.minus(),m.minus(),n.minus();
res=MatPow(Mx,m.v,m.len);
en=MatPow(res*My*My,n.v,n.len)*res;
printf("%lld",(en.v12+en.v22+en.v32)%mod);
return 0;
}