题目描述
设 T 为一棵有根树，我们做如下的定义：
• 设 a 和 b 为 T 中的两个不同节点。如果 a 是 b 的祖先，那么称“a 比 b 不知道高明到哪里去了”。
• 设 a 和 b 为 T 中的两个不同节点。如果 a 与 b 在树上的距离不超过某个给定常数 x，那么称“a 与 b 谈笑风生”。
给定一棵 n 个节点的有根树 T，节点的编号为 1 ∼ n，根节点为 1 号节点。你需要回答 q 个询问，询问给定两个整数 p 和 k，问有多少个有序三元组 (a; b; c) 满足：
-
a、 b 和 c 为 T 中三个不同的点，且 a 为 p 号节点；
-
a 和 b 都比 c 不知道高明到哪里去了；
-
a 和 b 谈笑风生。这里谈笑风生中的常数为给定的 k。
输入输出格式
输入格式：
输入文件的第一行含有两个正整数 n 和 q，分别代表有根树的点数与询问的个数。
接下来 n − 1 行，每行描述一条树上的边。每行含有两个整数 u 和 v，代表在节点 u 和 v 之间有一条边。
接下来 q 行，每行描述一个操作。第 i 行含有两个整数，分别表示第 i 个询问的 p 和 k。
输出格式：
输出 q 行，每行对应一个询问，代表询问的答案。
输入输出样例
说明
样例中的树如下图所示：
对于第一个和第三个询问，合法的三元组有 (2,1,4)、 (2,1,5) 和 (2,4,5)。
对于第二个询问，合法的三元组只有 (4,2,5)。
所有测试点的数据规模如下：
对于全部测试数据的所有询问， 1 ≤ p ≤ n， 1 ≤ k ≤ n.
开始想的是查询某一个节点的子树内距离他为k的节点的size和
发现这样并不好做
开始想的是查询某一个节点的子树内深度的k的节点的size和
这样一来就很好做了，想想一个节点的儿子节点有的话，那他也有，
就是线段树合并了吧。
：：：好像合并的函数并不能写引用
：：：好像要线upd自身，再合并，但是不这样也能a， 是数据太水吗
1 #include"bits/stdc++.h"
2 #define sd(x) scanf("%d",&(x));
3 #define sf(x) scanf("%lf",&(x));
4 #define sld(x) scanf("%lld",&(x));
5 typedef long long ll;
6
7 using namespace std;
8 const int N = 400000;
9 int n,m;
10 vector<int > v[N];
11 int deep[N];
12 int root[N];
13 int ls[N*30],rs[N*30];
14 long long tr[N*30];
15 int sze[N];
16
17 int tot;
18
19 int hb(int x,int y,int l,int r)
20 {
21 if(!x || !y)
22 {
23 return x+y;
24 }
25 int t=++tot;
26 tr[t] =tr[x]+ tr[y];
27 if(l==r)
28 {
29 return t ;
30 }
31
32 int mid = l+r>>1;
33 ls[t] = hb(ls[x],ls[y],l,mid);
34 rs[t] = hb(rs[x],rs[y],mid+1,r);
35 return t;
36
37 }
38 void upd(int &x,int l,int r,int p,int v)
39 {
40 if(!x)x=++tot;
41 tr[x] += v;
42 if(l==r)return ;
43 int mid = l+r>>1;
44 if(p<=mid)upd(ls[x],l,mid,p,v);
45 else upd(rs[x],mid+1,r,p,v);
46
47 }
48 long long que(int x,int l,int r,int L,int R)
49 {
50 if(!x)return 0;
51 if(L<=l && r<=R)return tr[x];
52 int mid = l+r>>1;
53 long long res=0;
54 if(L<=mid)res += que(ls[x],l,mid,L,R);
55 if(R>mid) res += que(rs[x],mid+1,r,L,R);
56 return res;
57 }
58 void dfs(int x,int fa)
59 {
60 deep[x] = deep[fa]+1; sze[x] = 1;
61 for(auto i:v[x])if(i!=fa)
62 {
63 dfs(i,x); sze[x] += sze[i];
64 // hb(root[x],root[i],1,n);
65 }
66 upd(root[x],1,n,deep[x],sze[x]-1);
67 for(auto i:v[x])if(i!=fa)
68 {
69 root[x]=hb(root[x],root[i],1,n);
70 }
71 // cout<<"UPD: "<<x<<" " <<deep[x]<<" "<<sze[x]<<endl;
72 // if(x==1)cout<<que(root[1],1,n,1,1)<<endl;;
73
74 }
75
76
77 signed main()
78 {
79 scanf("%d %d",&n,&m);
80 for(int i=1;i<n;i++)
81 {
82 int l,r;
83 scanf("%d %d",&l,&r);
84 v[l].push_back(r);
85 v[r].push_back(l);
86 }
87 for(int i=1;i<=n;i++)root[i]=++tot;
88 dfs(1,0);
89 // //for(int i=1;i<=n;i++)cout<<root[i]<<" "<<tr[root[i]]<<endl;;
90 // puts("");
91 // cout<<que(root[1],1,n,2,2)<<endl;;
92
93 while(m--)
94 {
95 int p,k; scanf("%d %d",&p,&k);
96
97 long long ans = 0;
98 ans += min(k,deep[p]-1)*1ll*(sze[p]-1);
99 // cout<<ans<<endl;
100 ans += que(root[p],1,n,deep[p]+1,deep[p]+k);
101 printf("%lld
",ans);
102
103 }
104
105 return 0;
106
107
108
109
110 }