白兔的刁难 IDFT

题目描述

　　给你(n,k)，求

[forall 0leq t< k,s_t=sum_{i=-t}^{n-t}[k|i]inom{n}{i+t} ]

　　对(998244353)取模。

　　(k=2^m,mleq 20,nleq {10}^{{10}^6})

题解

[egin{align} s_t&=sum_{i=-t}^{n-t}[k|i]inom{n}{i+t}\ &=sum_{i=-t}^{n-t}[i~mod k=0]inom{n}{i+t}\ &=sum_{i=-t}^{n-t}frac{1}{k}sum_{j=0}^{k-1}{(w_k^i)}^jinom{n}{i+t}\ &=frac{1}{k}sum_{i=-t}^{n-t}sum_{j=0}^{k-1}{(w_k^{-t})}^j{(w_k^{i+t})}^jinom{n}{i+t}\ &=frac{1}{k}sum_{j=0}^{k-1}{(w_k^{-t})}^jsum_{i=-t}^{n-t}{(w_k^{i+t})}^jinom{n}{i+t}\ &=frac{1}{k}sum_{j=0}^{k-1}{(w_k^{-t})}^jsum_{i=0}^{n}{(w_k^i)}^jinom{n}{i}\ &=frac{1}{k}sum_{j=0}^{k-1}{(w_k^{-t})}^j{(w_k^j+1)}^n\ &=frac{1}{k}sum_{j=0}^{k-1}{(w_k^t)}^{-j}{(w_k^j+1)}^n\ end{align} ]

[s_i=frac{1}{k}sum_{j=0}^{k-1}{(w_k^i)}^{-j}{(w_k^j+1)}^n\ ]

　　然后就能发现这是一个IDFT的形式。

　　直接IDFT就好了。

　　时间复杂度：(O(klog k))

代码

#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
#include<utility>
#include<iostream>
using namespace std;
typedef long long ll;
typedef pair<int,int> pii;
void open(const char *s)
{
#ifndef ONLINE_JUDGE
	char str[100];
	sprintf(str,"%s.in",s);
	freopen(str,"r",stdin);
	sprintf(str,"%s.out",s);
	freopen(str,"w",stdout);
#endif
}
const ll p=998244353;
const ll p2=998244352;
const ll g=3;
ll fp(ll a,ll b)
{
	ll s=1;
	for(;b;b>>=1,a=a*a%p)
		if(b&1)
			s=s*a%p;
	return s;
}
char s[1000010];
int a[2000010];
int rev[2000010];
void ntt(int *a,int n,int t)
{
	for(int i=1;i<n;i++)
	{
		rev[i]=(rev[i>>1]>>1)|(i&1?n>>1:0);
		if(i>rev[i])
			swap(a[i],a[rev[i]]);
	}
	for(int i=2;i<=n;i<<=1)
	{
		int wn=fp(g,(p-1)/i);
		if(t==-1)
			wn=fp(wn,p-2);
		for(int j=0;j<n;j+=i)
		{
			int w=1;
			for(int k=j;k<j+i/2;k++)
			{
				int u=a[k];
				int v=(ll)a[k+i/2]*w%p;
				a[k]=(u+v)%p;
				a[k+i/2]=(u-v)%p;
				w=(ll)w*wn%p;
			}
		}
	}
	if(t==-1)
	{
		ll inv=fp(n,p-2);
		for(int i=0;i<n;i++)
			a[i]=a[i]*inv%p;
	}
}
int main()
{
//	freopen("e.in","r",stdin);
	scanf("%s",s+1);
	int n=0,k;
	scanf("%d",&k);
	int len=strlen(s+1);
	for(int i=1;i<=len;i++)
		n=((ll)n*10+s[i]-'0')%p2;
	ll w=fp(g,(p-1)/k);
	ll now=1;
	for(int i=0;i<k;i++)
	{
		a[i]=fp(now+1,n)%p;
		now=now*w%p;
	}
	ntt(a,k,-1);
	ll ans=0;
	for(int i=0;i<k;i++)
		ans=(ans^((a[i]+p)%p));
	printf("%lld
",ans);
	return 0;
}