有点意思的题目,这个转化挺有趣的
Description
小豆现在有一个数x,初始值为11.小豆有QQ次操作,操作有两种类型:
(1 space m :x=x imes m) 输出(x\%mod ;)
(2;pos=x/) 第 (pos) 次操作所乘的数(保证第 (pos) 次操作一定为类型 (1) ,对于每一个类型(1)的操作至多会被除一次)输出 (x\%mod);
Solution
这个题首先要想到转化成线段树处理
乘除都是单点修改,维护一个区间积就好了
第一步还是很巧妙的
Code
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define int long long
namespace yspm{
inline int read()
{
int res=0,f=1; char k;
while(!isdigit(k=getchar())) if(k=='-') f=-1;
while(isdigit(k)) res=res*10+k-'0',k=getchar();
return res*f;
}
const int N=1e5+10;
struct node{
int l,r,val;
#define l(p) t[p].l
#define r(p) t[p].r
#define val(p) t[p].val
}t[N<<2];
int mod,q,opt,x;
#define cl(x) memset(x,0,sizeof(x))
inline void build(int p,int l,int r)
{
l(p)=l; r(p)=r;
if(l==r) return val(p)=1,void();
int mid=(l+r)>>1;
build(p<<1,l,mid); build(p<<1|1,mid+1,r);
val(p)=val(p<<1)*val(p<<1|1);
return ;
}
inline void change(int p,int x,int d)
{
if(x==l(p)&&x==r(p)) return val(p)=d%mod,void();
int mid=(l(p)+r(p))>>1;
if(x<=mid) change(p<<1,x,d);
else change(p<<1|1,x,d);
return val(p)=val(p<<1)%mod*val(p<<1|1)%mod,void();
}
inline void work()
{
cl(t); q=read(); mod=read(); build(1,1,q);
for(int now=1;now<=q;++now)
{
opt=read(); x=read();
if(opt==1) change(1,now,x),printf("%lld
",val(1)%mod);
else change(1,x,1),printf("%lld
",val(1)%mod);
}
return ;
}
signed main()
{
int T=read(); while(T--) work();
return 0;
}
}
signed main(){return yspm::main();}