今天大家一起做的div2，怎么说呢，前三题有点坑，好多特判....
A. Cakeminator
题目的意思是说，让你吃掉cake,并且是一行或者一列下去，但是必须没有草莓的存在。这道题目，就是判断一下每行和每列的情况，看是不是有草莓存在，有的话就标记一下。后面就直接把木有草莓的行和列求和再减去重复路过的cake就行，不过你第一遍写的比较麻烦，小数据过了，后来WA了，现在改了一种写法。就是简单的加加减减。上代码：
#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <string>
#include <string.h>
#include <map>
#include <vector>
#include <cstdlib>
#include <algorithm>
#include <cmath>
#include <queue>
#include <set>
#include <stack>
using namespace std;
int n, m;
char sp[200][200];
int x[200];
int y[200];
int main()
{
scanf("%d%d", &n, &m);
for(int i = 0; i< n; ++i)
scanf("%s", sp[i]);
memset(x, 0, sizeof(x));
memset(y, 0, sizeof(y));
int sumxs = 0, sumys = 0;
for(int i = 0; i < n; ++i)
{
for(int j = 0; j < m; ++j)
{
if(sp[i][j] == 'S')
{
x[i] = 1;
sumxs++;
break;
}
}
}
for(int i = 0; i < m; ++i)
for(int j = 0; j <n; ++j)
{
if(sp[j][i] == 'S')
{
y[j] =1;
sumys++;
break;
}
}
//cout << sumxs << ' ' << sumys <<endl;
int cnt = 0;
cnt += (n-sumxs)*m;
cnt += (m-sumys)*n;
//cout << cnt <<endl;
cnt -= ((n-sumxs)*(m-sumys));
cout << cnt <<endl;
return 0;
}
B. Road Construction
题目的意思是说现在给你n个点，然后在给你m个关系，这m个个关系表示某两条边之间不能连边，问你求最短的建筑方案是什么，要求任意两点之间距离不能超过2.
这道题目当时纠结了很久，不知道怎么去链接，后面才想到这只能是所有的点围在一个点的周围的情况。其它的总会有两点之间的距离超过2的。所以就简单了，直接找到可以和任何一个点相连的点，输出他和剩下的点的序列就行了 。
#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <string>
#include <string.h>
#include <map>
#include <vector>
#include <cstdlib>
#include <algorithm>
#include <cmath>
#include <queue>
#include <set>
#include <stack>
using namespace std;
char sp[200][200];
int main()
{
int n;
scanf("%d", &n);
for(int i = 0; i < n; ++i)
scanf("%s", sp[i]);
int hang = 0;
int sum[10000];
int k = 0;
for(int i = 0; i < n; ++i)
{
for(int j = 0; j < n; ++j)
{
if(sp[i][j] == '.')
{
//cout << i << ' ' << j <<endl;
hang++;
sum[k++] = i+1;
sum[k++] = j+1;
break;
}
}
}
if(hang == n)
{
for(int i = 0; i < k-1; i+=2)
printf("%d %d
", sum[i], sum[i+1]);
}
else
{
int lie = 0;
k = 0;
for(int i = 0; i < n; ++i)
{
for(int j = 0; j < n; ++j)
{
if(sp[j][i] == '.')
{
//cout << i << ' ' << j <<endl;
lie++;
sum[k++] = j+1;
sum[k++] = i+1;
break;
}
}
}
if(lie < n)
printf("-1
");
else
{
for(int i = 0; i < k-1; i+=2)
printf("%d %d
", sum[i], sum[i+1]);
}
}
return 0;
}
C. Purification
题目的意思是说，你面对一个方格，这个方格的，每一个点都需要“清洗”一下。但是有的点是可以站立的，有些点是僵尸，不能站立。你的能力是当你站在一个点上时，你可以“清洗”你所在的行和列。现在给你当前方格的状态，求出最小的站立点数，使得所有的点都能被“清洗”掉。
就是把每一行和每一列“覆盖”一下啊。站就行了。从行开始检测，如果每一行都可以站立，那就OK了。不能的话就在从列开始检测，如果可以就OK，还是不行的话就输出“-1”就可以了。最少的步数不是行数/列数就是-1了，OK，判断：
#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <string>
#include <string.h>
#include <map>
#include <vector>
#include <cstdlib>
#include <algorithm>
#include <cmath>
#include <queue>
#include <set>
#include <stack>
using namespace std;
char sp[200][200];
int main()
{
int n;
scanf("%d", &n);
for(int i = 0; i < n; ++i)
scanf("%s", sp[i]);
int hang = 0;
int sum[10000];
int k = 0;
for(int i = 0; i < n; ++i)
{
for(int j = 0; j < n; ++j)
{
if(sp[i][j] == '.')
{
//cout << i << ' ' << j <<endl;
hang++;
sum[k++] = i+1;
sum[k++] = j+1;
break;
}
}
}
if(hang == n)
{
for(int i = 0; i < k-1; i+=2)
printf("%d %d
", sum[i], sum[i+1]);
}
else
{
int lie = 0;
k = 0;
for(int i = 0; i < n; ++i)
{
for(int j = 0; j < n; ++j)
{
if(sp[j][i] == '.')
{
//cout << i << ' ' << j <<endl;
lie++;
sum[k++] = j+1;
sum[k++] = i+1;
break;
}
}
}
if(lie < n)
printf("-1
");
else
{
for(int i = 0; i < k-1; i+=2)
printf("%d %d
", sum[i], sum[i+1]);
}
}
return 0;
}
D. Biridian Forest
题目的意思就是打怪，你站在S点，要前往E点，但是森林中存在怪物，他们也会移动，并且移动的速度和你的一样。你如果到达一个点，这个点也有怪物的话，那你就需要大战怪兽，大战的次数等于怪物的数量。问你最少的大战次数是多少。
由于要求最优路径，肯定要用到BFS，再者，我们需要考虑如何计算我们会不会和怪兽碰上。按照题目意思，只要我们到出口的距离大于怪兽的点到出口的距离，那么我们就会碰到怪兽，这样的话，就直接可以从出口开始，求出各个点到出口的最短距离，再把怪兽的距离和我们的S的距离进行比较，如果小于的话那就不可避免的大战了，额，好吧。就是这样了：
#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <string>
#include <string.h>
#include <map>
#include <vector>
#include <cstdlib>
#include <algorithm>
#include <cmath>
#include <queue>
#include <set>
#include <stack>
using namespace std;
char sp[1500][1500];
struct node
{
int x;
int y;
} st,ed;
int vis[1500][1500];
int n, m;
int dx[4] = {0, 0, -1, 1};
int dy[5] = {-1, 1, 0, 0};
bool inmap(node a)
{
if(a.x <0||a.x >= n || a.y<0 || a.y >=m)
return false;
return true;
}
void BFS()
{
memset(vis, -1, sizeof(vis));
queue<node>Q;
vis[ed.x][ed.y] = 0;
Q.push(ed);
node next;
while(!Q.empty())
{
node tp = Q.front();
Q.pop();
for(int i = 0; i < 4; ++i)
{
next.x = tp.x+dx[i];
next.y = tp.y+dy[i];
if(inmap(next) && vis[next.x][next.y]==-1&&sp[next.x][next.y]!='T')
{
vis[next.x][next.y] = vis[tp.x][tp.y]+1;
Q.push(next);
}
}
}
}
int main()
{
scanf("%d%d", &n, &m);
for(int i = 0; i < n; ++i)
scanf("%s", sp[i]);
int flag = 0;
for(int i = 0; i < n; ++i)
{
for(int j = 0; j < m; ++j)
{
if(sp[i][j] == 'S')
{
st.x = i;
st.y = j;
if(flag == 1)
{
i = n;
j = m;
}
else
flag = 1;
}
if(sp[i][j] == 'E')
{
ed.x = i;
ed.y = j;
if(flag == 1)
{
i = n;
j = m;
}
else
flag = 1;
}
}
}
BFS();
int cnt = 0;
int MAX = vis[st.x][st.y];
for(int i = 0; i <n ; ++i)
{
for(int j = 0; j < m; ++j)
{
if(sp[i][j]>='1'&& sp[i][j]<='9')
if(vis[i][j] <= MAX && vis[i][j] != -1)
cnt+=(sp[i][j] - '0');
}
}
cout << cnt <<endl;
return 0;
}
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