题目描述
热爱看书的你有$N$本书，第$i$本书的种类为$A[i]$。你希望每天能够看一本书，但是不希望连续两天看种类相同的书。为了达成这个条件，你需要选择一些书不看，作为一个好学生，你希望不看的书尽可能少，求最少可以有多少书不看。
输入格式
为了避免输入文件过大，我们采取如下方式生成$A[i]$。
第一行读入两个个整数$M$，$K$。
接下来一行读入$M$个整数$count[i]$，其中$N=sum count[i]$。
接下来一行读入$M$个整数$X[i]$。
接下来一行读入$M$个整数$Y[i]$。
接下来一行读入$M$个整数$Z[i]$。
然后按照下面这段代码生成。
int N = 0, S = (1 << K) - 1;
for (int i = 1; i <= M; ++i) {
N = N + 1;
A[N] = X[i];
long long last = X[i];
for (int j = 1; j < count[i]; ++j) {
last = (last * Y[i] + Z[i]) & S;
N = N + 1;
A[N] = last;
}
}
注意：因为生成$A[i]$的方法不好用语言描述，所以用代码来表达。直接照搬代码的话后果自负。
输出格式
输出一个整数表示答案。
样例
样例输入：
4 2
1 1 1 1
1 1 1 2
0 0 0 0
0 0 0 0
样例输出：
1
数据范围与提示
对于所有数据，$Nleqslant 50,000,000,Mleqslant 1,000,Kleqslant 30,X[i],Y[i]<2^k$。
$subtask#1 10pts$：$Nleqslant 20$。
$subtask#2 20pts$：$Nleqslant 1,000,000$。
$subtask#3 20pts$：$Kleqslant 20$。
$subtask#4 50pts$：无特殊限制。
题解
为方便，我们设每种书有$sum[i]$本。
首先，读不到的书的个数为$2 imes max(sum[i])-n-1$。
先来解释一下这个式子，最多的那种书显然有$max(sum[i])$，那么剩下的书有$n-max(sum[i])$种，我们进行插空，最多能插$n-max(sum[i])+1$本，化简一下式子就好了。
那么问题就在于如何求出最多的那本书了。
注意空间只有$16MB$，我们显然不能都求出来，所以我们用两个变量$id,cnt$，$cnt$初始为$0$，然后生成每一个$A[i]$，如果$cnt=0$，那么就令$id=A[i],cnt=1$，否则如果$id=A[i]$则$cnt++$，如果不等于，$cnt--$。最后只要再扫一遍求出$id$的出现次数即可。
时间复杂度：$Theta(n)$。
期望得分：$100$分。
实际得分：$100$分。
代码时刻
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
int n,m,k;
int zls,cnt,id;
int c[1001],x[1001],y[1001],z[1001];
long long last;
int main()
{
scanf("%d%d",&m,&k);
for(int i=1;i<=m;i++){scanf("%d",&c[i]);n+=c[i];}
for(int i=1;i<=m;i++)scanf("%d",&x[i]);
for(int i=1;i<=m;i++)scanf("%d",&y[i]);
for(int i=1;i<=m;i++)scanf("%d",&z[i]);
int S=(1<<k)-1;
for(int i=1;i<=m;i++)
{
last=x[i];
if(!cnt||id==last){cnt++;id=last;}
else cnt--;
for(int j=1;j<c[i];j++)
{
last=(last*y[i]+z[i])&S;
if(!cnt||id==last){cnt++;id=last;}
else cnt--;
}
}
cnt=0;
for(int i=1;i<=m;i++)
{
last=x[i];
if(last==id)cnt++;
for(int j=1;j<c[i];j++)
{
last=(last*y[i]+z[i])&S;
if(last==id)cnt++;
}
}
if(n&1)zls=n>>1+1;
else zls=n>>1;
if(cnt>zls)printf("%d",cnt*2-n-1);
else puts("0");
return 0;
}
rp++