前言
基本类型
操作说明:适用于两个自变量整体的积或者和为定值的情形
分析:方程组法,用(1-x)替换原方程中的(x),得到(f(1-x)+2f(x)=1-x),
联立两式,则有(egin{cases}f(x)+2f(1-x)=x\f(1-x)+2f(x)=1-xend{cases}),
解以(f(x))和(f(1-x))为元的二元一次方程组,
解得(f(x)=cfrac{2}{3}-x);
分析:方程组法,用(2-x)替换原方程中的(x),得到(f(2-x)+2f(x)=2-x),联立两式,解得(f(x)=?);
分析:方程组法,用(-x)替换原方程中的(x),
分析:方程组法,用(cfrac{1}{x})替换原方程中的(x),
分析:方程组法,用(cfrac{2}{x})替换原方程中的(x),
提示:(f(x)=cfrac{2}{3}sqrt{x}+cfrac{1}{3});
提示:(f(x)=cfrac{2}{3}lg(x+1)+cfrac{1}{3}lg(1-x)),(xin (-1,1)).
解后反思:由于两个自变量整体的和或者积为定值,故一旦替换,原来(A)位置上就变成了(B),原来(B)位置上就变成了(A),这样就构成了方程组,解之即得。
高阶应用
法1:从数的角度分析,
由(f(x)+2f(-x)=mx-cfrac{1}{2})①,
用(-x)替换(x)得到下式
(f(-x)+2f(x))(=-mx-cfrac{1}{2})②,
联立①②得到,(f(x)=-mx-cfrac{1}{6});
则题目转化为(-mx-cfrac{1}{6}geqslant lnx)在((0,+infty))上恒成立,
分离参数得到,(-mgeqslant cfrac{lnx+frac{1}{6}}{x})在((0,+infty))上恒成立,
令(g(x)=cfrac{lnx+frac{1}{6}}{x}),需要求解(g(x))的最大值;
(g'(x)=cfrac{frac{1}{x}cdot x-(lnx+frac{1}{6})}{x^2}=cfrac{frac{5}{6}-lnx}{x^2}),
当(xin (0,e^{frac{5}{6}}))时,(g'(x)>0),(g(x))单调递增,
当(xin (e^{frac{5}{6}},+infty))时,(g'(x)<0),(g(x))单调递减,
故(g(x)_{max}=g(e^{frac{5}{6}})=cfrac{lne^{frac{5}{6}}+frac{1}{6}}{e^{frac{5}{6}}}=e^{-frac{5}{6}})
则(-mgeqslant e^{-frac{5}{6}}),则(mleqslant -e^{-frac{5}{6}}),故选(B)。
法2:从形的角度分析,
由(f(x)+2f(-x)=mx-cfrac{1}{2})①,
用(-x)替换(x)得到下式
(f(-x)+2f(x))(=-mx-cfrac{1}{2})②,
联立①②得到,(f(x)=-mx-cfrac{1}{6});
则题目转化为(-mx-cfrac{1}{6}geqslant lnx)在((0,+infty))上恒成立,
即(-mxgeqslant lnx+cfrac{1}{6})在((0,+infty))上恒成立,
设直线(y=-mx)与曲线(y=lnx+cfrac{1}{6})相切于点((x_0,y_0)),
则有(left{egin{array}{l}{cfrac{1}{x_0}=-m}\{y_0=lnx_0+cfrac{1}{6}}\{y_0=-mx_0}end{array} ight.),解得,(x_0=e^{frac{5}{6}}),(y_0=1),
故相切时的斜率为(k=cfrac{y_0}{x_0}=cfrac{1}{e^{frac{5}{6}}}=e^{-frac{5}{6}}),
若要满足(-mxgeqslant lnx+cfrac{1}{6})恒成立,必须满足(-mgeqslant e^{-frac{5}{6}})
则(mleqslant -e^{-frac{5}{6}}),故选(B)。