• 数学文化题


    前言

    典例剖析

    例1我国古代数学名著《九章算术》中,有已知长方形的面积求一边的算法[少广算法],其方法的前两步如下。第一步:构造数列(1)(cfrac{1}{2})(cfrac{1}{3})(cfrac{1}{4})(cdots)(cfrac{1}{n}①),第二步:将数列①的各项乘以(cfrac{n}{2}),得到一个新数列(a_1)(a_2)(a_3)(cdots)(a_n),则(a_1a_2+a_2a_3+a_3a_4+cdots+a_{n-1}a_n)等于多少?

    $A.cfrac{n^2}{4}$ $B.cfrac{(n-1)^2}{4}$ $C.cfrac{n(n-1)}{4}$ $D.cfrac{n(n+1)}{4}$

    法1:以少御多,将无限项转化为有限项,再由多转少,这样便于思考和运算;可以假定(n=4),然后代入验证,选(C).

    法2:写出新数列的通项公式(a_k=cfrac{1}{k}cdot cfrac{n}{2}),注意通项公式不是(a_n=cfrac{1}{n}cdot cfrac{n}{2})

    这样求和的数列的通项公式就是

    (kge 2)(a_{k-1}a_k=cfrac{n^2}{4}cfrac{1}{(k-1)k}=cfrac{n^2}{4}(cfrac{1}{k-1}-cfrac{1}{k}))

    (a_1a_2+a_2a_3+a_3a_4+cdots+a_{n-1}a_n)

    (=cfrac{n^2}{4}[(1-cfrac{1}{2})+(cfrac{1}{2}-cfrac{1}{3})+(cfrac{1}{3}-cfrac{1}{4})+cdots+(cfrac{1}{k-1}-cfrac{1}{k})])

    (=cfrac{n^2}{4}(1-cfrac{1}{n})=cfrac{n(n-1)}{4}).

    例2【2019届•高三理科数学课时作业】【2018广东潮州二模】在我国古代著名的数学专著《九章算术》中有一段叙述:今有良马与驽马发长安至齐,齐去长安一千一百二十五里,良马初日行一百零三里,日增一十三里;驽马初日行九十七里,日减半里,良马先至齐,复还迎驽马,二马相逢,问:几日相逢?【】

    $A.8日$ $B.9日$ $C.12日$ $D.16日$

    分析:良马日行构成等差数列({a_n}),其中(a_1=103),公差(d_1=13),其前(n)项和为(S_n)

    驽马日行构成等差数列({b_n}),其中(b_1=97),公差(d_2=-cfrac{1}{2}),其前(n)项和为(T_n)

    设两马(n)日能相逢,则由题可知,(S_n+T_n=2 imes 1125),即(103n+cfrac{n(n-1)}{2} imes 13+97n+cfrac{n(n-1)}{2} imes (-cfrac{1}{2})=2250)

    解得(n=9),或者由上式直接验证得到(n=9),故选(B)

    例3【2019年高考数学试卷理科新课标Ⅱ第16题】中国有悠久的金石文化,印信是金石文化的代表之一。印信的形状多为长方体、正方体或圆柱体,但南北朝时期的官员独孤信的印信形状是“半正多面体”,半正多面体是由两种或两种以上的正多边形围成的多面体,半正多面体体现了数学的对称美,图2是一个棱数为(48)的半正多面体,它的所有顶点都在同一个正方体的表面上,且此正方体的棱长为(1),则该半正多面体共有__________个面,其棱长为_____________。

    分析:半正多面体的制作过程,如下图所示;

    解析:如果我们将其看成是三层的,则每一层都有(8)个面,再外加上下两个面,故共有(3 imes 8+2=26)个面。

    如图所示,设棱长为(x),即(MN=NE=x),由( riangle EHN)为等腰直角三角形,

    (NE=x),则可知(NH=cfrac{sqrt{2}}{2}x),又(MN+2NH=1)

    (x+2 imes cfrac{sqrt{2}}{2}x=1),即((sqrt{2}+1)x=1),解得(x=sqrt{2}-1).

    综上可知,此半正多面体共有(26)个面,棱长为(sqrt{2}-1)

    【解后反思】

    1、求其表面积;

    2、求其体积;

    3、求其内切球的半径;

    分析:由这个动画可以看出,该半正多面体没有内切球。

    4、求其外接球的半径;

    外接球的半径可以借助下图来求解。

    5、古典概型中的几何体计数

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