题目：
Description
There are only one case in each input file, the first line is a integer N (N ≤ 1,000,00) denoted the total operations executed by Mary.
Then following N lines, each line is one of the folling operations.
- D L R : draw a segment [L, R], 1 ≤ L ≤ R ≤ 1,000,000,000.
- C I : clear the ith added segment. It’s guaranteed that the every added segment will be cleared only once.
- Q L R : query the number of segment sharing at least a common point with interval [L, R]. 1 ≤ L ≤ R ≤ 1,000,000,000.
Input
n
Then following n operations ...
Output
For each query, print the result on a single line ...
Sample Input
6 D 1 3 D 2 4 Q 2 3 D 2 4 C 2 Q 2 3
Sample Output
2 2
题意：给出三种操作：①画一条占据[L,R]区间的线段,②去掉前面画的第i条线段(保证合法),③查询一条占据区间[L,R]的线段与前面多少条线段至少有一个公共点。对于③操作，输出结果。
区间范围[1,1000000000],操作最多100000次。
区间很大，但是操作相对比较少，所以可以先对坐标离散化，然后缩小了范围以后再对数据操作。
怎样去统计有多少条线段覆盖了某一段？这里用的方法是统计线段的两个端点，用树状数组来记录。这里需要开两个树状数组，一个用来记录左端点，一个用来记录右端点，然后每一次求某一段[L,R]有多少条线段经过的话，我们可以先求出有多少条线段的左端点在R的左边，这里只要求前段和就可以了，然后我们再求一下有多少线段的右端点在L的左边，同样求一次和，然后相减就可以得到结果了。
为什么可以这样做？首先是因为线段有两个端点，然后两次求和都直接排除了R右边的无关线段，而在L左边的线段的两个端点都在L的左边，所以就会先算了一次，然后再被减回去。
代码：
1 #include <iostream> 2 #include <cstdio> 3 #include <cstring> 4 #include <algorithm> 5 #include <vector> 6 #define lowbit(x) (x & (-x)) 7 #define MAX 100201 8 #define LL long long 9 using namespace std; 10 11 typedef struct{ 12 LL l,r,k; 13 char ch; 14 }Seg; 15 Seg s[MAX]; 16 LL l[MAX<<1],r[MAX<<1]; 17 vector<LL> d; 18 LL tot,no,N[MAX]; 19 20 void add(LL p[],LL x,LL e){ 21 for(;x<=tot;x+=lowbit(x)) p[x]+=e; 22 } 23 24 LL query(LL p[],LL x){ 25 LL ans=0; 26 for(;x>0;x-=lowbit(x)) ans+=p[x]; 27 return ans; 28 } 29 30 int main() 31 { 32 LL n,loc,ans; 33 //freopen("data.txt","r",stdin); 34 ios::sync_with_stdio(false); 35 while(cin>>n){ 36 d.clear(); 37 d.push_back(-(1<<30)); 38 memset(l,0,sizeof(l)); 39 memset(r,0,sizeof(r)); 40 no=0; 41 for(LL i=0;i<n;i++){ 42 cin>>s[i].ch; 43 if(s[i].ch=='C'){ 44 cin>>s[i].k; 45 }else{ 46 cin>>s[i].l>>s[i].r; 47 if(s[i].ch=='D') N[++no]=i; 48 d.push_back(s[i].l); 49 d.push_back(s[i].r); 50 } 51 } 52 sort(d.begin(),d.end()); 53 d.erase(unique(d.begin(),d.end()),d.end()); 54 tot = (LL)d.size()-1; 55 for(LL i=0;i<n;i++){ 56 if(s[i].ch=='D'){ 57 loc = lower_bound(d.begin(),d.end(),s[i].l) - d.begin(); 58 add(l,loc,1); 59 loc = lower_bound(d.begin(),d.end(),s[i].r) - d.begin(); 60 add(r,loc,1); 61 }else if(s[i].ch=='C'){ 62 LL& e = N[s[i].k]; 63 loc = lower_bound(d.begin(),d.end(),s[e].l) - d.begin(); 64 add(l,loc,-1); 65 loc = lower_bound(d.begin(),d.end(),s[e].r) - d.begin(); 66 add(r,loc,-1); 67 68 }else{ 69 loc = lower_bound(d.begin(),d.end(),s[i].r) - d.begin(); 70 ans = query(l,loc); 71 loc = lower_bound(d.begin(),d.end(),s[i].l) - d.begin(); 72 ans-= query(r,loc-1); 73 cout<<ans<<endl; 74 } 75 } 76 //cout<<endl; 77 } 78 return 0; 79 }