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题目：here

题目大意：给出CF[0]<0，CF[i]>0，i>0，求IRR（IRR>-1）令NPV = 0.

思路：设f(IRR) = NPV，这就变成了一个函数，稍微观察一下，可以发现当IRR∈(-1, +∞)的时候是单调递减的（好像是吧做完忘了），这样我们就可以二分答案0点了。当IRR无限接近-1的时候，f(IRR)→+∞（好像是吧），当 IRR→+∞时，f(IRR)→CF[0]<0，令left = -1、right = 1e5（我也不知道该取什么我随便取的然后AC了），随便二分一下就好。

PS：恩？说完了？那什么时候输出No和Too many啊？关于这个坑爹的问题，看完前面的分析，笔者完全不知道什么时候会出现这两个答案，于是妥妥地没将这两个东西写进代码然后AC了。这里还有一个 小技巧，题目的样例完全没有出现No和Too many这两种答案，很可能说明这两种答案都是不存在的。比如很多的题目说如果什么什么得不到答案就输出-1那样，它的样例大多都会有一个是输出-1的， 当然这不是绝对的……

#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <algorithm>
#include <iostream>
#include <cmath>
using namespace std;

const int MAXN = 13;
const double EPS = 1e-4;

inline int sgn(double x) {
    if(fabs(x) < EPS) return 0;
    return x > 0 ? 1 : -1;
}

int CF[MAXN];
int T;

double f(double IRR) {
    double ret = CF[0], tmp = 1 + IRR;
    for(int i = 1; i <= T; ++i) {
        ret += CF[i] / tmp;
        tmp = tmp * (1 + IRR);
    }
    return ret;
}

double solve() {
    double ans = -2;
    double L = -1, R = 1e5;
    while(R - L > EPS) {
        double mid = (R + L) / 2;
        if(sgn(f(mid)) == 1) L = mid;
        else R = mid;
    }
    return ans = L;
}

int main() {
    while(scanf("%d", &T) != EOF) {
        if(T == 0) break;
        for(int i = 0; i <= T; ++i) scanf("%d", &CF[i]);
        //double t; while(cin>>t) cout<<f(t)<<endl;
        printf("%.2f
", solve());
    }
}