题意
给定一个无向图,每条边有边权。
现在要从起点到终点(T)次,并且在这(T)次行程中图中每条边最多只能使用(1)次。
目标是使得走过的边的最大值最小,求这个最小值。
思路
这道题使用最大流。一般来说,最大流的题目都会有一定的限制条件,比如次数限制,数值限制等。还可能会出现改变边权,或者从起点到终点多次的要求。
最后目标是最大值最小,首先想到二分答案(mid)。
对于每条边,如果(w_i > mid),则(f_i = 0);反之,若(w_i leq mid),则(f_i = 1)。判断最大流是否大于等于(T)即可。
这里注意一点,因为是无向图,所以原图中的一条边对应残留网络的四条边。但是不用建四条边,将同方向的两条边合并即可,因此建图的时候,正反两条边的容量都是(c)。
代码
#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <algorithm>
#include <queue>
using namespace std;
const int N = 210, M = 80010, inf = 1e8;
int n, m, K, S, T;
int h[N], e[M], ne[M], f[M], w[M], idx;
int cur[N], d[N];
void add(int a, int b, int c)
{
e[idx] = b, w[idx] = c, ne[idx] = h[a], h[a] = idx ++;
e[idx] = a, w[idx] = c, ne[idx] = h[b], h[b] = idx ++;
}
bool bfs()
{
memset(d, -1, sizeof(d));
queue<int> que;
que.push(S);
d[S] = 0, cur[S] = h[S];
while(que.size()) {
int t = que.front();
que.pop();
for(int i = h[t]; ~i; i = ne[i]) {
int ver = e[i];
if(d[ver] == -1 && f[i]) {
d[ver] = d[t] + 1;
cur[ver] = h[ver];
if(ver == T) return true;
que.push(ver);
}
}
}
return false;
}
int find(int u, int limit)
{
if(u == T) return limit;
int flow = 0;
for(int i = cur[u]; ~i && flow < limit; i = ne[i]) {
cur[u] = i;
int ver = e[i];
if(d[ver] == d[u] + 1 && f[i]) {
int t = find(ver, min(f[i], limit - flow));
if(!t) d[ver] = -1;
f[i] -= t, f[i ^ 1] += t, flow += t;
}
}
return flow;
}
int dinic()
{
int res = 0, flow;
while(bfs()) {
while(flow = find(S, inf)) {
res += flow;
}
}
return res;
}
bool check(int mid)
{
for(int i = 0; i < idx; i ++) {
if(w[i] > mid) f[i] = 0;
else f[i] = 1;
}
return dinic() >= K;
}
int main()
{
scanf("%d%d%d", &n, &m, &K);
memset(h, -1, sizeof(h));
S = 1, T = n;
for(int i = 1; i <= m; i ++) {
int a, b, c;
scanf("%d%d%d", &a, &b, &c);
add(a, b, c);
}
int l = 1, r = 1e6;
while(l < r) {
int mid = l + r >> 1;
if(check(mid)) r = mid;
else l = mid + 1;
}
printf("%d
", r);
return 0;
}