• 【模考】2018.04.08 Connection


    Description

    给定一张N个点M条边的连通无向图,问最少需要断开多少条边使得这张图不再连通。

    Input

    第一行两个整数N,M含义如题所示。
    接下来M行,每行两个正整数x,y,表示x和y之间有一条无向边。
    输入数据保证连通性且无自环。

    Output

    输出最少需要断开多少条边。

    Sample Input

    5 7
    1 2
    2 3
    3 4
    4 5
    5 1
    2 4
    1 3

    Sample Output

    2

    Data Constraint

    enter image description here

    Solution

    强大的做法:由于最优割法中1号点一定与另一个节点在不同的联通块中,所以直接枚举1号点是与哪一号点分开,然后跑网络流求最小割,chkmin每次的答案就可以了

    #include<bits/stdc++.h>
    #define ui unsigned int
    #define ll long long
    #define db double
    #define ld long double
    #define ull unsigned long long
    const int MAXN=3000+10,MAXM=10000+10,inf=0x3f3f3f3f;
    int n,m,ans=inf;
    struct edge{
    	int u,v;
    };
    edge side[MAXM];
    template<typename T> inline void read(T &x)
    {
    	T data=0,w=1;
    	char ch=0;
    	while(ch!='-'&&(ch<'0'||ch>'9'))ch=getchar();
    	if(ch=='-')w=-1,ch=getchar();
    	while(ch>='0'&&ch<='9')data=((T)data<<3)+((T)data<<1)+(ch^'0'),ch=getchar();
    	x=data*w;
    }
    template<typename T> inline void write(T x,char c='')
    {
    	if(x<0)putchar('-'),x=-x;
    	if(x>9)write(x/10);
    	putchar(x%10+'0');
    	if(c!='')putchar(c);
    }
    template<typename T> inline void chkmin(T &x,T y){x=(y<x?y:x);}
    template<typename T> inline void chkmax(T &x,T y){x=(y>x?y:x);}
    template<typename T> inline T min(T x,T y){return x<y?x:y;}
    template<typename T> inline T max(T x,T y){return x>y?x:y;}
    struct maxflow{
    	int e,to[MAXM<<1],nex[MAXM<<1],beg[MAXN],s,t,cap[MAXN<<1],level[MAXN],cur[MAXN];
    	std::queue<int> q;
    	inline void init()
    	{
    		e=1;
    		memset(beg,0,sizeof(beg));
    		memset(cap,0,sizeof(cap));
    	}
    	inline void insert(int x,int y,int z)
    	{
    		to[++e]=y;
    		nex[e]=beg[x];
    		beg[x]=e;
    		cap[e]=z;
    		to[++e]=x;
    		nex[e]=beg[y];
    		beg[y]=e;
    		cap[e]=z;
    	}
    	inline bool bfs()
    	{
    		memset(level,0,sizeof(level));
    		level[s]=1;
    		q.push(s);
    		while(!q.empty())
    		{
    			int x=q.front();
    			q.pop();
    			for(register int i=beg[x];i;i=nex[i])
    				if(!level[to[i]]&&cap[i])level[to[i]]=level[x]+1,q.push(to[i]);
    		}
    		return level[t];
    	}
    	inline int dfs(int x,int maxflow)
    	{
    		if(x==t||!maxflow)return maxflow;
    		int res=0,f;
    		for(register int &i=cur[x];i;i=nex[i])
    			if(cap[i]&&level[to[i]]==level[x]+1)
    			{
    				f=dfs(to[i],min(maxflow,cap[i]));
    				cap[i]-=f;
    				cap[i^1]+=f;
    				maxflow-=f;
    				res+=f;
    				if(!maxflow)break;
    			}
    		return res;
    	}
    	inline int Dinic()
    	{
    		int res=0;
    		while(bfs())memcpy(cur,beg,sizeof(cur)),res+=dfs(s,inf);
    		return res;
    	}
    	inline int solve(int x,int y)
    	{
    		init();
    		s=x,t=y;
    		for(register int i=1;i<=m;++i)insert(side[i].u,side[i].v,1);
    		return Dinic();
    	}
    };
    maxflow G;
    int main()
    {
    	read(n);read(m);
    	for(register int i=1;i<=m;++i)read(side[i].u),read(side[i].v);
    	for(register int i=2;i<=n;++i)chkmin(ans,G.solve(1,i));
    	write(ans,'
    ');
    	return 0;
    }
    
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  • 原文地址:https://www.cnblogs.com/hongyj/p/8745569.html
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