uoj311 【UNR #2】积劳成疾

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【题解】

这题的期望dp好神奇啊（可能是我太菜了）

由于每个位置都完全一样，所以我们设$f_{i,j}$表示审了连续$i$个位置，最大值不超过$j$的期望。

那么只要考虑最大值为$j$的期望，其他从$f_{i,j-1}$加进来即可。

枚举最大值第一次出现的位置$p$（如果位置编号为$[1,i]$的话，因为位置都等价，所以可以这样做）

然后考虑$p$一定对于这些区间有贡献$[max(1, p-K+1), min(i-K+1, p)]$，那么这些区间的价值都是$w_j$，乘起来即可。

然后前后两半互斥，分别转移即可。

设区间长度为$len$，也就是上面那坨减一下+1。

所以$f_{i,j} = f_{i,j-1} + sum_{p=1}^i f_{p-1,j-1} * w_j^{len} * f_{i-p, j}$

考虑初始状态，连续$i$个位置最大值不超过$j$，其中$i < k$，也就是还没有组成一个完整的区间，那么根据上面的转移方程，这个区间的值完全由自己决定，也就是$f_{i,j} = j^i$。

复杂度$O(n^3)$

# include <stdio.h>
# include <string.h>
# include <iostream>
# include <algorithm>
// # include <bits/stdc++.h>

using namespace std;

typedef long long ll;
typedef long double ld;
typedef unsigned long long ull;
const int M = 410 + 10;
const int mod = 998244353;

int n, K, w[M]; 
int f[M][M], c[M][M]; 
// 审了i套题，最大难度不超过j的方案数 
// f[i, j] = f[i, j-1] + sum_{x=1}^{i} f[x-1, j-1] * f[n-x, j] * w[x]^p
 
inline int pwr(int a, int b) {
    int ret = 1;
    while(b) {
        if(b&1) ret = 1ll * ret * a % mod;
        a = 1ll * a * a % mod;
        b >>= 1;
    }
    return ret;
}
 
int main() {
    cin >> n >> K; 
    for (int i=1; i<=n; ++i) {
        scanf("%d", w+i);
        c[i][0] = 1; 
        for (int j=1; j<=n; ++j) c[i][j] = 1ll * c[i][j-1] * w[i] % mod; 
    }
    for (int i=0; i<=n; ++i) f[0][i] = 1;
    for (int i=1; i<=n; ++i) { 
        for (int j=1; j<=n; ++j) {
            if(i < K) f[i][j] = pwr(j, i); 
            else {
                f[i][j] = f[i][j-1]; 
                for (int x=1; x<=i; ++x) { 
                    f[i][j] = f[i][j] + 1ll * f[x-1][j-1] * f[i-x][j] % mod * c[j][min(i-K+1, x) - max(x-K+1, 1) + 1] % mod; 
                     if(f[i][j] >= mod) f[i][j] -= mod; 
                }
            }
        }
    }
    cout << f[n][n]; 

    return 0;
}