[NOI2014][bzoj3670] 动物园 [kmp+next数组应用]

题面

传送门

思路

首先，这题最好的一个地方，在于它给出的关于$next$的讲解实在是妙极......甚至可以说我的kmp是过了这道题以后才脱胎换骨的

然后是正文：

如何求$num$数组？

这道题的输入有1e6个字符，显然需要$Oleft(n ight)$左右级别的算法来解

先看到$num$的定义：不互相重叠的公共前后缀个数

这说明什么？

说明$num$不同于$next$记录的是一个最大值，它记录的是一个和值

而这个和值，是可以推出来的

考虑一个前缀$i$的$next[i]$，它长这样：

其中，$next[i]$，$next[next[i]]$，$next[next[next[i]]]$......都是这个前缀串i的公共前后缀，而且只有它们是公共前后缀

那么，我们其实只要在求$next$的过程中，顺便把这个公共前后缀的数量递推一下，就得到了一个弱化版的$num$数组：可以重叠的公共前后缀数量，我们称之为$ans$

如何去除有重叠的？

还是看上面那张图

首先$next$数组有一个性质：$next[i] < i$

也就是说，一旦有一个递归了n层的next，比原前缀i的长度的一半要小，那么这个next的递推出的答案$ans$就是i的$num$了

一个问题

假如我们拿到的串是1e6个'a'，那么上面那个算法就会被卡成$Oleft(n^2 ight)$，道理的话大家可以想一想（每一次递归都只会把next[i]变小1）

那么我们需要做一个优化，来解决这个问题，而解决问题的核心就是：减少重复递归

减少重复递归......有没有想到什么？

没错，就是如同求$next$时一样的方法！

我们将递归用的变量$j$的值不更新，这样，求完了$i$的答案以后，$j$的位置一定在$frac i2$的左边，也就是它已经满足要求了

这时再递归求解，总时间效率是$Oleft(n ight)$的

Code

#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
#define ll long long
using namespace std;
const ll MOD=1e9+7;
int n,fail[1000010],ans[1000010];ll cnt;char a[1000010];
int main(){
    int T,i,j;scanf("%d",&T);
    while(T--){
        scanf("%s",a);n=strlen(a);
        memset(fail,0,sizeof(fail));
        j=0;ans[0]=0;ans[1]=1;
        
        for(i=1;i<n;i++){//求解next
            while(j&&(a[i]!=a[j])) j=fail[j];
            j+=(a[i]==a[j]);fail[i+1]=j;ans[i+1]=ans[j]+1;//递推记录ans
        }
        
        j=0;cnt=1;
        for(i=1;i<n;i++){//求解num
            while(j&&(a[i]!=a[j])) j=fail[j];
            j+=(a[i]==a[j]);
            while((j<<1)>(i+1)) j=fail[j];
            cnt=(cnt*(ll)(ans[j]+1))%MOD;//记得+1
        }
        printf("%lld
",cnt);
    }
}