• BZOJ 1076: [SCOI2008]奖励关


    1076: [SCOI2008]奖励关

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    Description

      你正在玩你最喜欢的电子游戏,并且刚刚进入一个奖励关。在这个奖励关里,系统将依次随机抛出k次宝物,每次你都可以选择吃或者不吃(必须在抛出下一个宝物之前做出选择,且现在决定不吃的宝物以后也不能再吃)。 宝物一共有n种,系统每次抛出这n种宝物的概率都相同且相互独立。也就是说,即使前k-1次系统都抛出宝物1(这种情况是有可能出现的,尽管概率非常小),第k次抛出各个宝物的概率依然均为1/n。 获取第i种宝物将得到Pi分,但并不是每种宝物都是可以随意获取的。第i种宝物有一个前提宝物集合Si。只有当Si中所有宝物都至少吃过一次,才能吃第i种宝物(如果系统抛出了一个目前不能吃的宝物,相当于白白的损失了一次机会)。注意,Pi可以是负数,但如果它是很多高分宝物的前提,损失短期利益而吃掉这个负分宝物将获得更大的长期利益。 假设你采取最优策略,平均情况你一共能在奖励关得到多少分值?

    Input

      第一行为两个正整数k和n,即宝物的数量和种类。以下n行分别描述一种宝物,其中第一个整数代表分值,随后的整数依次代表该宝物的各个前提宝物(各宝物编号为1到n),以0结尾。

    Output

      输出一个实数,保留六位小数,即在最优策略下平均情况的得分。

    Sample Input

    1 2
    1 0
    2 0

    Sample Output

    1.500000

    HINT

    【数据规模】
    1<=k<=100,1<=n<=15,分值为[-10^6,10^6]内的整数。

    题解

    由于正着推不能保证是最优策略,所以倒着推。

    枚举当前掉第了i个,状态j,当j满足包含l宝物所需的前提宝物时,那么下一个状态可以选择l。

    转移方程为:f[i][j]+=max(f[i+1][j],f[i+1][j|(1<<(l-1))]+a[l])。

    否则转移方程为:f[i][j]+=f[i+1][j]。

    因为掉每一种宝物的概率为1/n,所以f[i][j]记得除以n。

    代码

    #include<cstdio>
    #include<cstring>
    #include<cmath>
    #include<algorithm>
    #include<iostream>
    using namespace std;
    const int N=17,K=105;
    int n,k;
    int a[N],st[N];
    double f[K][(1<<N)];
    int main(){
    	scanf("%d%d",&k,&n);
    	int x;
    	for(int i=1;i<=n;i++){
    		scanf("%d",&a[i]);
    		while(scanf("%d",&x)){
    			if(x==0)break;
    			st[i]+=(1<<(x-1));
    		} 
    	}
    	for(int i=k;i>=1;i--){
    		for(int j=0;j<(1<<n);j++){
    			for(int l=1;l<=n;l++){
    				if((j&st[l])==st[l]){
    					f[i][j]+=max(f[i+1][j],f[i+1][j|(1<<(l-1))]+a[l]);
    				}
    				else f[i][j]+=f[i+1][j];
    			}
    			f[i][j]/=n;
    		}
    	}
    	printf("%.6lf
    ",f[1][0]);
    	return 0;
    }
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  • 原文地址:https://www.cnblogs.com/chezhongyang/p/7763516.html
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