Educational Codeforces Round 1

被C坑的不行不行的。。。其他题目都还可以。

A - Tricky Sum

求1，2，3,...,n的加和，其中2^x（x>=0）为负。

因为2^x的个数很少，所以以每个2^x为分界点进行判断.

初始化x=0;

如果n>2^x,求出2^(x-1)到2^(x)之间的加和，用等差数列求和公式即可，然后x++,

如果n<=2^x,求出2^(x-1)到n之间的加和，然后结束.

#include <iostream>
#include <stdio.h>
#include <string>
#include <string.h>
using namespace std;



int main(int argc, const char * argv[]) {
    // insert code here...
    int T;
    scanf("%d",&T);
    while (T--) {
        int n;
        scanf( "%d",&n);
        long long tmp=1;
        long long sum=0;
        while(tmp<=n)
        {
            if( tmp-1 >= tmp/2+1 )
            {
                sum += (tmp+tmp/2)*(tmp-tmp/2-1)/2;
            }
            sum -= tmp;
            tmp*=2;
        }
        sum += (tmp/2+1+n)*(n-tmp/2)/2;
        cout<<sum<<endl;
    }
    return 0;
}

(感触：以后写等差数列求和时写个函数，方便些)

B - Queries on a String

看懂题目，模拟即可。

#include <iostream>
#include <stdio.h>
#include <string>
#include <string.h>
using namespace std;


char str[2][10100];

int main(int argc, const char * argv[]) {
    // insert code here...
    scanf("%s",str[0]);
    int m;
    scanf("%d",&m);
    int a=0,b=1;
    for (int i=0;i<m; i++) {
        int l,r,k;
        scanf("%d%d%d",&l,&r,&k);
        l--;
        r--;
        int tlen=(r-l+1);
        k%=tlen;
        strcpy(str[b],str[a]);
        for(int j=l;j<=r;j++)
        {
            str[b][l+ (j-l+k)%tlen ]=str[a][j];
        }
        swap(a,b);
        //printf("%s
",str[a]);
    }
    printf("%s
",str[a]);
    return 0;
}

C - Nearest vectors

这题可以看这里，里面有我写这题的崎岖之路。

D - Igor In the Museum

很裸的BFS。 不同的是，到一个格点，搜索一下周围四个方向上墙的个数。

#include <iostream>
#include <stdio.h>
#include <string>
#include <math.h>
#include <algorithm>
#include <string.h>
using namespace std;

int n,m,k;
char g[1010][1010];
int mark[1010][1010];
int id;

struct node
{
    int x,y;
}que[1001000];

int qf,qd;
int save[1001000];
int up[4]={1,-1,0,0};
int rl[4]={0,0,1,-1};

void bfs(int x,int y)
{
    qf=qd=0;
    node fi;
    fi.x=x;
    fi.y=y;
    int cnt=0;
    que[qf++]=fi;
    mark[x][y]=id;
    while(qf>qd)
    {
        node cur=que[qd++];
        for(int i=0;i<4;i++)
        {
            int tx=cur.x+up[i];
            int ty=cur.y+rl[i];
            if( tx>=0&&tx<n &&ty>=0&&ty<m )
            {
                if(g[tx][ty]=='.'&&mark[tx][ty]==-1 )
                {
                    mark[tx][ty]=id;
                    node newnode;
                    newnode.x=tx;
                    newnode.y=ty;
                    que[qf++]=newnode;
                }
                else if(g[tx][ty]=='*') cnt++;
            }
        }
    }
    save[id]=cnt;
    id++;
}

int main(int argc, const char * argv[]) {
    // insert code here...
    scanf("%d%d%d",&n,&m,&k);
    for(int i=0;i<n;i++)
        scanf("%s",g[i]);
    id=0;
    memset(mark,-1,sizeof(mark));
    for(int i=0;i<n;i++)
        for(int j=0;j<m;j++)
        {
            if( mark[i][j] ==-1 && g[i][j] == '.' )
            {
                bfs(i,j);
            }
        }
    for(int i=0;i<k;i++)
    {
        int x,y;
        scanf("%d%d",&x,&y);
        x--;y--;
        printf("%d
",save[ mark[x][y] ]);
    }
    return 0;
}

E - Chocolate Bar

DP.

状态：

dp[i][j][k] 表示高为i，宽为j的巧克力被分成能拼成k的最小花费。

转移：

考虑每一种横着切和竖着切的情况。具体看代码。

#include <iostream>
#include <stdio.h>
#include <string>
#include <math.h>
#include <algorithm>
#include <string.h>
using namespace std;
#define INF 100000000
int dp[33][33][55];

int main(int argc, const char * argv[]) {
    dp[1][1][1]=0;
    memset(dp,0,sizeof(dp));
    for(int i=1;i<=30;i++)
        for(int j=1;j<=30;j++)
            for(int k=1;k<=50;k++)
                dp[i][j][k]=INF;
    dp[1][1][1]=0;
    for(int i=1;i<=30;i++)
        for(int j=1;j<=30;j++)
        {
            if(i==j&&i==1) continue;
            
            for(int k=1;k<=min(i*j,50);k++)
            {
                if(i*j==k)
                {
                    dp[i][j][k]=0;
                    continue;
                }
                int mi=INF;
                for(int i1=1;i1<i;i1++)
                {
                    if( i1*j <= k) mi=min(mi,dp[(i-i1)][j][k-i1*j]+j*j);
                    if( (i-i1)*j <= k ) mi=min(mi,dp[i1][j][k-(i-i1)*j]+j*j);
                    if( i1*j >= k) mi=min(mi,dp[i1][j][k]+j*j);
                    if( (i-i1)*j >=k ) mi=min(mi,dp[i-i1][j][k]+j*j);
                }
                for(int j1=1;j1<j;j1++)
                {
                    if( j1*i <= k ) mi=min(mi,dp[i][j-j1][k-j1*i]+i*i);
                    if( (j-j1)*i <=k ) mi=min(mi,dp[i][j1][k-(j-j1)*i]+i*i);
                    if( j1*i >= k) mi=min(mi,dp[i][j1][k]+i*i);
                    if( (j-j1)*i >=k ) mi=min(mi,dp[i][j-j1][k]+i*i);
                }
                //有四种情况
                
                dp[i][j][k]=mi;
            }
            
        }
    int n;
    scanf("%d",&n);
    while(n--)
    {
        int x,y,z;
        scanf("%d%d%d",&x,&y,&z);
        printf("%d
",dp[x][y][z]);
    }
    return 0;
}