题意：
n天，每天需要ai条消毒毛巾，这种消毒毛巾使用一天后必须再做消毒处理后才能使用。消毒方式有两种，A种方式的消毒需要a天时间，一条费用fA，B种方式的消毒需要b天，一条费用fB，买一块新毛巾的费用为f（新毛巾是已消毒的，当天可以使用），求最小费用。n≤1000
题解：
费用流。每天拆成x和y。s向所有x连边表示有的毛巾，所有y向t连边表示用的毛巾，流量为需要毛巾数费用0。xi向yi+a连边，表示a方式消毒，xi向yi+b连边，表示b方式消毒，s向所有y连边，表示买新的，xi向xi+1连边，表示前一天没用的拿到第二天用。反思：费用流关键是要抓住“流量优先”。
代码：
1 #include <cstdio> 2 #include <cstring> 3 #include <algorithm> 4 #include <queue> 5 #define inc(i,j,k) for(int i=j;i<=k;i++) 6 #define maxn 3000 7 #define INF 0x3fffffff 8 using namespace std; 9 10 struct e{int f,t,c,w,n;}; e es[maxn*40]; int ess,g[maxn]; 11 inline void pe(int f,int t,int c,int w){ 12 es[++ess]=(e){f,t,c,w,g[f]}; g[f]=ess; es[++ess]=(e){t,f,0,-w,g[t]}; g[t]=ess; 13 } 14 void init(){ess=-1; memset(g,-1,sizeof(g));} 15 int d[maxn],fr[maxn]; bool inq[maxn]; queue <int> q; 16 bool spfa(int s,int t){ 17 while(!q.empty())q.pop(); memset(inq,0,sizeof(inq)); memset(d,-1,sizeof(d)); 18 inq[s]=1; d[s]=0; q.push(s); fr[s]=-1; 19 while(! q.empty()){ 20 int x=q.front(); q.pop(); inq[x]=0; 21 for(int i=g[x];i!=-1;i=es[i].n)if(es[i].c&&(d[es[i].t]==-1||d[es[i].t]>d[x]+es[i].w)){ 22 d[es[i].t]=d[x]+es[i].w; fr[es[i].t]=i; if(!inq[es[i].t])inq[es[i].t]=1,q.push(es[i].t); 23 } 24 } 25 return d[t]!=-1; 26 } 27 int advanced(int s,int t){ 28 int a=INF,c=0; 29 for(int i=fr[t];i!=-1;i=fr[es[i].f])a=min(a,es[i].c); 30 for(int i=fr[t];i!=-1;i=fr[es[i].f])es[i].c-=a,es[i^1].c+=a,c+=(a*es[i].w); 31 return c; 32 } 33 int maxflowmincost(int s,int t){ 34 int c=0; while(spfa(s,t))c+=advanced(s,t); return c; 35 } 36 int n,a,b,f,fa,fb,s,t,x; 37 int main(){ 38 scanf("%d%d%d%d%d%d",&n,&a,&b,&f,&fa,&fb); s=0; t=2*n+1; init(); 39 inc(i,1,n)scanf("%d",&x),pe(s,i,x,0),pe(n+i,t,x,0); 40 inc(i,1,n){ 41 if(i+a<n)pe(i,n+i+a+1,INF,fa); if(i+b<n)pe(i,n+i+b+1,INF,fb); 42 if(i<n)pe(i,i+1,INF,0); pe(s,i+n,INF,f); 43 } 44 printf("%d",maxflowmincost(s,t)); return 0; 45 }
20160602