Description
在一次偶然的情况下，小可可得到了一个密码箱，听说里面藏着一份古代流传下来的藏宝图，只要能破解密码就能打开箱子，而箱子背面刻着的古代图标，就是对密码的提示。经过艰苦的破译，小可可发现，这些图标表示一个数以及这个数与密码的关系。假设这个数是n，密码为x，那么可以得到如下表述： 密码x大于等于0，且小于n，而x的平方除以n，得到的余数为1。 小可可知道满足上述条件的x可能不止一个，所以一定要把所有满足条件的x计算出来，密码肯定就在其中。计算的过程是很艰苦的，你能否编写一个程序来帮助小可可呢？（题中ｘ，ｎ均为正整数）
Input
输入文件只有一行，且只有一个数字n(1<=n<=2,000,000,000)。
Output
你的程序需要找到所有满足前面所描述条件的x，如果不存在这样的x，你的程序只需输出一行“None”(引号不输出)，否则请按照从小到大的顺序输出这些x，每行一个数。
Sample Input
12
Sample Output
1
5
7
11
首先还是要推下柿子，首先这题要求(x^2equiv 1(\%n))，所以就有(x^2-yn=1)，因此有(yn=(x-1)(x+1))
我们令(y=y_1 imes y_2,n=n_1 imes n_2)，因此(y_1 imes n_1 imes y_2 imes n_2=(x-1)(x+1))，所以我们可以得到(y_1 imes n_1=(x-1),y_2 imes n_2=(x+1))
所以我们可以直接在(sqrt{n})的时间内枚举(n_1,n_2)，我们令(n_1<n_2)，因此我们可以直接暴力枚举(y_2)，判断(y_1)是否存在
由于不能重复，因此我们可以直接用set存储
/*program from Wolfycz*/
#include<set>
#include<cmath>
#include<cstdio>
#include<vector>
#include<cstring>
#include<iostream>
#include<algorithm>
#define inf 0x7f7f7f7f
using namespace std;
typedef long long ll;
typedef unsigned int ui;
typedef unsigned long long ull;
inline char gc(){
static char buf[1000000],*p1=buf,*p2=buf;
return p1==p2&&(p2=(p1=buf)+fread(buf,1,1000000,stdin),p1==p2)?EOF:*p1++;
}
inline int frd(){
int x=0,f=1; char ch=gc();
for (;ch<'0'||ch>'9';ch=gc()) if (ch=='-') f=-1;
for (;ch>='0'&&ch<='9';ch=gc()) x=(x<<3)+(x<<1)+ch-'0';
return x*f;
}
inline int read(){
int x=0,f=1; char ch=getchar();
for (;ch<'0'||ch>'9';ch=getchar()) if (ch=='-') f=-1;
for (;ch>='0'&&ch<='9';ch=getchar()) x=(x<<3)+(x<<1)+ch-'0';
return x*f;
}
inline void print(int x){
if (x<0) putchar('-'),x=-x;
if (x>9) print(x/10);
putchar(x%10+'0');
}
int n;
set<int>st;
void work(int a,int b){
for (int i=1;1ll*i*b<=n;i++){
if ((i*b+2)%a==0) st.insert((i*b+1)%n);
if ((i*b-2)%a==0) st.insert((i*b-1)%n);
}
}
int main(){
n=read();
for (int i=1;i*i<=n;i++){
if (n%i) continue;
work(i,n/i);
}
for (set<int>::iterator it=st.begin();it!=st.end();it++) printf("%d
",*it);
}