C 题没开 long long 见了祖宗。
D - Sky Reflector
在一个 (n imes m) 的矩阵中填数，每个格子填 (1leq xleq k) ，设 (A_i) 是行最小值，(B_i) 是列最大值。求可能的 ((A,B)) 序列个数。对 (998244353) 取模。
如果 (n=1) 或者 (m=1) ，那么直接就是 (k^m) 或者 (k^n) .
对于剩下的情况，设 (A_1) 为 (max{A_i}) ，(B_1) 为 (min{B_i}) 。下面构造一种方案，使得满足上述条件，且 (A_1leq B_1) 的 (A,B) 序列均可以取到。
放置方案如下：
- (A_1,B_1,A_2,B_2) ：((1,1),(2,1),(2,2),(1,2))
- (A_i,B_i) ：((i,1),(1,i)) （ (ige 3) ）
- 其余：对于第 (i) 行的元素，令其等于 (A_i) .
不难发现这个构造一定是合法的。然后只需要对满足条件的 (A_1,B_1) 计数即可。
枚举 (A_1) ，设为 (x) ，那么 (A) 序列的方案数是 (x^n-(x-1)^n) ，减去没出现 (x) 的情况；(B) 序列的方案数是 ((k-x+1)^m) ，最小值 (B_1ge A_1) 。
//Author: RingweEH
void bmod( int &x,int y ) { x+=y-Mod; x+=(x<0)*Mod; }
int n,m,k;
int main()
{
n=read(); m=read(); k=read();
if ( n==1 ) { printf("%d
",power(k,m) ); return 0; }
if ( m==1 ) { printf("%d
",power(k,n) ); return 0; }
int ans=0;
for ( int i=1; i<=k; i++ )
{
int t1=power(i,n); bmod( t1,Mod-power(i-1,n) );
int t2=k-i+1; t2=power(t2,m);
bmod(ans,1ll*t1*t2%Mod);
}
printf("%d
",ans );
return 0;
}
E - Rvom and Rsrev
给定一个由 a b 组成的字符串 (S) ，求能得到的字典序最大的字符串。每次操作可以：
- 选择两个 (S) 中相同的字符，将这两个字符中间的一段反转，然后删去这两个字符。
字符串总长 (leq 2e5) .
极速爪巴。这分讨太 /tuu 了…… 是我见过最长的AT题解 Official 翻译官已上线。
设定：(S) 有 (C_a) 个 a ，(C_b) 个 b .
S 结尾为 a
令 (k) 为 (S) 结尾最长的连续 a 串的起始位置，并令 (S_0) 为 b .
通过以下操作可以使 (S) 中 (C_b) 个 b 全部在开头：
- 如果存在 (i) 使得 (1leq i<k) ，(S_{i-1}) =
b，(S_{i}) =a，(S_{i+1}) =a，那么操作 ((i,k)) （ (k) 前面一个必然是b） - 否则，如果存在多个 (1leq i<k) 使得 (S_{i-1}) =
b，(S_{i}) =a，(S_{i+1}) =b， 选择其中任意两个操作（目的是删去a） - 否则，如果存在 (i<k) 使得 (S_i) =
a，操作 ((i,k)) . - 否则结束。
（前两个操作确保 (S) 的结尾仍然是 a ）
为了使得字典序最大，需要找到 (t_{max}) 使得 (S) = bb...baa...a （ (C_b) 个 b 和 (t) 个 a ）。最大化 (t) 就是最小化操作次数。下面证明上面的操作最优。
设有 (x) 个 a 子串和 (y) 个 bb 子串（除了 (S) 末尾连续的全 a 串以外）。定义 (S) 的 势 (phi(S)) 为 (x+2y) .
那么，不难发现，任意一次对两个 a 的操作使得 (phi(S)) 减少至多 (2) ，而希望得到的 (phi) 是 (0) ，所以有至少 (lceilphi(S)/2
ceil) 次操作。上面构造的前两个操作使得 (phi) 每次减少 (2) ，第三个操作最多执行一次，因此这种方式达到了这个下界。
S 结尾为 b
- 如果 (C_a) 是偶数
重复对两个 a 操作，可以使得 (S) = bb..b （ (C_b) 个），且不可能把 a 放到末尾，因此答案就是 bb..b .
- 如果 (C_a) 是奇数且 (S) 结尾是
ab
依然重复操作 a ，可以将 (S) 变为 bb..bab 的形式。不删除 b ，也无法移动 a ，所以这就是答案。
- (C_a) 为奇数，(S) 结尾
abb
重复操作不在结尾的 a ，变成 bb..bab 的形式。同理这个也是最大值。
- (C_a) 为奇数，(S) 结尾
bbb
如果 (S) = aa..abb..b ，答案就是 abb..b 。
否则，可以通过如下（至多一次）操作将 a 移到 (S) 末尾：
- 如果存在 (1leq ileq |S|-2) 使得 (S_i) =
b，(S_{i+1}) =a，(S_{i+2}) =a，操作 ((i,|S|)) （操作 A ） - 否则，选择一个 (1leq ileq |S|-2) 使得 (S_i) =
b，(S_{i+1}) =a，(S_{i+2}) =b，操作 ((i,|S|)) （操作 B ）
然后 (S) 开头就是 (C_b-2) 个 b ，显然不可能更大。
现在证明上面的操作最大化了结尾的 a 的个数，同样转化为最小化操作，并定义势。
为了让 a 到末尾，需要操作结尾的 b ，这个操作至多使 (phi) 减少 (2) ，且为了保持 b 的个数，这个操作至多一次。所以任何操作至多使得 (phi) 减少 (2) ，且我们需要 (lceilphi(S)/2
ceil) 次操作。
如果存在 (1leq ileq |S|-2) 使得 (S_i) = b ，(S_{i+1}) = a ，(S_{i+2}) = a ，A 操作使得 (phi) 减少 (2) 。否则，操作 B 使得 (phi) 减少 (1) . 因此，如果 (phi) 初始为奇数，那么我们可以通过上面的操作得到最大值。这种情况下，一共做了 (phi/2+1) 次操作，我们需要证明不可能在 (phi(S)/2) 次操作内完成（这种情况下每个操作都要使得 (phi-=2) ）
(S) 中对 a 的操作如下：
- 对 (S) 开头连续的
a操作，(phi) 至多减少 (1) - 对一个开头连续的
a和一个后面的a操作，(phi) 只有在开头连续a的个数不大于 (2) 的情况下才会减少 (2) ，但是这样的操作不会使得新的满足 A 操作的 (1leq i) 出现。 - 对两个不在开头连续
a的a操作，不会让新的满足 A 操作条件的 (i) 出现。
所以 (phi/2) 次操作是不可能的。
//Author: RingweEH
void Task1()
{
int c1=0,c2=0,c3=0; //baa,bab,a
for ( int i=1; i<=n; i++ )
if ( s[i]=='a' ) c3++;
else
{
if ( c3==1 ) c2++;
if ( c3>1 ) c1++;
c3=0;
}
int x=c1+(c2+1)/2;
for ( int i=1; i<=cntb; i++ ) putchar('b');
for ( int i=1; i<=cnta-2*x; i++ ) putchar('a');
puts("");
}
void Task2()
{
for ( int i=1; i<=cntb; i++ ) putchar('b'); puts("");
}
void Task3( int x )
{
for ( int i=1; i<=cntb-x; i++ ) putchar('b');
putchar('a');
for ( int i=1; i<=x; i++ ) putchar('b');
puts("");
}
void Task4()
{
int pos=-1;
for ( int i=1; i<=n-3; i++ ) if ( s[i]=='b' && s[i+1]=='a' && s[i+2]=='a' ) pos=i;
if ( pos==-1 )
for ( int i=1; i<=n-3; i++ )
if ( s[i]=='b' && s[i+1]=='a' && s[i+2]=='b' ) { pos=i; break; }
if ( pos==-1 ) { putchar('a'); for ( int i=1; i<=cntb; i++ ) putchar('b'); puts(""); }
else
{
reverse(s+1+pos,s+n);
for ( int i=pos; i<=n-2; i++ ) s[i]=s[i+1];
n-=2; cntb-=2; Task1();
}
}
int main()
{
int T; scanf( "%d",&T );
while ( T-- )
{
scanf( "%s",s+1 ); n=strlen(s+1);
cnta=cntb=0;
for ( int i=1; i<=n; i++ ) (s[i]=='a') ? cnta++ : cntb++;
if ( s[n]=='a' ) Task1();
else if ( cnta%2==0 ) Task2();
else if ( s[n-1]=='a' ) Task3(1);
else if ( s[n-2]=='a' ) Task3(2);
else Task4();
}
return 0;
}
F - Social Distance
给定一个长度为 (n+1) 的序列 (X) ，满足 (0=X_0<X_1<cdots<X_N) .
(n) 个人站在数轴上，第 (i) 个人的位置在 ([X_{i-1},X_i]) 区间的一个随机实数点上。求两两之间最短距离的期望。
这是什么毒瘤场 /tuu 只有两个场上只写了 F 的老哥过 F 了，所有人都到 E 戛然而止 /jk
话虽如此 ABCD 还是很清新的说……
咕咕咕.