【问题描述】
对于一个软件公司来说，在发行一个新软件之后，可以说已经完成了工作。但是实际上，许多软件公司在发行一个新产品之后，还经常发送补丁程序，修改原产品中的错误(当然，有些补丁是要收费的)。
如某微硬公司就是这样的一个软件公司。今年夏天，在发行了一个新的字处理软件之后，到现在他们已经编写了许多补丁程序。仅仅在这个周末，他们就用新编写的补丁程序解决了软件中的一个大问题。而在每一个补丁程序修改软件中的某些错误时，有可能引起软件中原来存在的某些错误重新发作。发生这种情况是因为当修改一个错误时，补丁程序利用了程序中约定的特别行为，从而导致错误的重新产生。
微硬公司在他们的软件中一共发现了n个错误B={bl，b2，…，bn)，现在他们一共发送了m 个补丁程序p1,p2，…,pm。如果想要在软件中应用第pi号补丁程序，则软件中必须存在错误B+i ≤B，并且错误B-i≤B必须不存在(显然，B+i∩B-i为空集)。然后，这个补丁程序将改正错误 F-i≤B(如果错误存在的话)，并且产生新错误F+i≤B(同样，F+i∩F-i也为空集)。
现在，微硬公司的问题只有一个。他们给出一个原始版本的软件，软件包含了B中的所有错误，然后按照某一顺序在软件中应用补丁程序(应用某个补丁程序时，软件必须符合该补丁程序的应用条件，且运行该程序需要一定的时间)。问怎样才能最快地改正软件中的所有错误(即为修正所有错误而运行的补丁程序的总时间最短)?
【输入格式】
数据存放在当前目录下的文本文件“bugs.in"中。
文件的第一行包含两个整数n和m，分别表示软件中的错误个数和发送的补丁个数。其中，n和m满足条件：1≤n≤20，1≤m≤100。
接下来的m行(即第2行至第m+1行)按顺序描述了m个补丁程序的情况，第i行描述第i-1号补丁程序。每一行包含一个整数(表示在软件中应用该补丁程序所需的时间，单位为秒)和两个n个字符的字符串(中间均用一个空格分开)。、
第一个字符串描述了应用该补丁程序(第i-1号)的条件，即说明在软件中某错误应该存在还是不应该存在。字符串的第i个字符，如果是“+”，表示在软件中必须存在bi号错误；如果是“-”，表示软件中错误bi不能存在；如果是“0"，则表示错误bi存在或不存在均可(即对应用该补丁程序没有影响)。
第二个字符串描述了应用该补丁程序(第i-1号)后的效果，即应用补丁程序后，哪些错误被修改好了，而又产生了哪些新错误。字符串的第i个字符，如果是“+”，表示产生了一个新错误bi；如果是“-”，表示错误bi被修改好了；如果是“0”，则表示错误bi不变(即原来存在，则仍然存在；原来不存在，则也不存在)。
【输出格式】
答案输出在当前目录下的文本文件“bugs.out"中。
请你找到一个应用补丁程序的最优顺序，修改软件中的所有错误，并且所用的时间最少。
注意，每个补丁程序是可以应用多次的。
如果存在这样一个序列，请在输出文件的第一行输出应用补丁程序的总时间(单位为秒)；如果找不到这样一个序列，请在输出文件的第一行输出-1。
【输入输出样例】
样例输入（bugs.in）:
3 3
1 000 00-
1 00- 0-+
2 0-- -++
样例输出（bugs.out）：
8
这题其实不是网络流。
状态压缩表示各个bug的存在状态，求从1111111到0000000的最短路径。
不需要显式建边(也建不下)
1 #include<stdio.h> 2 #include<stdlib.h> 3 #include<string.h> 4 #include<algorithm> 5 #include<queue> 6 #define LL long long 7 using namespace std; 8 const int INF=1e9; 9 const int mxm=1<<21; 10 const int mxn=110; 11 int n,m; 12 int dis[mxm]; 13 struct pk{ 14 int q,c;//必须存在的错误，不能存在的错误 15 int k1,k2;//修复效果 16 int w; 17 }a[mxn]; 18 bool inq[mxm]; 19 bool pd(int x,int y){//判断补丁可否应用 20 if((x|a[y].q)!=x)return 0; 21 if((x&a[y].c))return 0; 22 return 1; 23 } 24 void Spfa(){ 25 memset(dis,0x3f,sizeof dis); 26 queue<int>q; 27 q.push(n); 28 dis[n]=0; 29 while(!q.empty()){ 30 int u=q.front();q.pop();inq[u]=0; 31 for(int i=1;i<=m;i++){ 32 if(pd(u,i)){ 33 int v=(u^(u&a[i].k2))|a[i].k1; 34 if(dis[v]>dis[u]+a[i].w){ 35 dis[v]=dis[u]+a[i].w; 36 if(!inq[v]){ 37 inq[v]=1; 38 q.push(v); 39 } 40 } 41 } 42 } 43 } 44 return; 45 } 46 int main(){ 47 freopen("bugs.in","r",stdin); 48 freopen("bugs.out","w",stdout); 49 int i,j; 50 scanf("%d%d",&n,&m); 51 char s[30]; 52 for(i=1;i<=m;i++){ 53 scanf("%d%s",&a[i].w,s); 54 for(j=0;j<n;j++){ 55 if(s[j]=='+') a[i].q|= (1<<j); 56 if(s[j]=='-') a[i].c|= (1<<j); 57 } 58 scanf("%s",s); 59 for(j=0;j<n;j++){ 60 if(s[j]=='+') a[i].k1|= (1<<j); 61 if(s[j]=='-') a[i].k2|= (1<<j); 62 } 63 } 64 n=(1<<n)-1; 65 Spfa(); 66 if(dis[0]!=0x3f3f3f3f)printf("%d ",dis[0]); 67 else printf("-1 "); 68 return 0; 69 }