• 18.9.19 考试总结


    这道题是一道矩阵乘法的题 我只想说 我恨矩阵乘法一辈子

    然后这道题是$n * m$可以过得 所以对应乘出来之后的新矩阵 它对应的区域的贡献可以转移到原矩阵上面

    画个图

    新矩阵中的蓝色区域 是由蓝色的线分别点乘起来得到的 黄色的线分别点乘 所以对于右边紫色方块的贡献

    就是分别和左边的紫色乘起来 那么那一列的贡献就是红色圈圈区域的和的乘积 再在两矩阵的对应列对应行分别乘起来就好了

    代码

    #include <bits/stdc++.h>
    using namespace std;
    
    const int N = 2000 + 5;
    int s1[N][N],s2[N][N],a[N][N],b[N][N],n,m,cnt;
    long long ans;
    
    void Init( ) {
        
        scanf("%d%d",& n,& m);
        for(int i = 1;i <= n;i ++)
            for(int j = 1;j <= n;j ++)  scanf("%d",& a[i][j]);
        for(int i = 1;i <= n;i ++)
            for(int j = 1;j <= n;j ++)  {
                scanf("%d",& b[i][j]);
                s2[i][j] = s2[i][j - 1]+ b[i][j];
            }
        for(int i = 1;i <= n;i ++) {
            for(int j = 1;j <= n;j ++) {
                s1[i][j] = s1[i][j - 1] + a[j][i];
            }
        }
    }
    
    void Solve( ) {
        
        while(m --) {
            int a,b,c,d;
            scanf("%d%d%d%d",& a,& b,& c,& d);
            if(a > c) swap(a, c);
            if(b > d) swap(b, d);
            ans = 0;
            for(int i = 1;i <= n;i ++) {
                int aa = s1[i][c] - s1[i][a - 1];
                int bb = s2[i][d] - s2[i][b - 1];
                ans += 1ll * aa * bb;
            }
            printf("%lld
    ",ans);
        }
    }
    
    int main( ) {
        
        freopen("matrix.in","r",stdin);
        freopen("matrix.out","w",stdout);
        Init( );
        Solve( );
    }

    这道题只要知道一个结论就变得炒鸡简单了 先要知道这玩意儿求的是两点间的曼哈顿距离

    对于一些点 要求一个点 是他们到这个点的曼哈顿距离最小 这个点$(x,y)$

    $x$是所有$x$的中位数 $y$也一样

    所以就枚举这个点的坐标 然后$O(n)$求出每个点到这个点的曼哈顿距离 排排序取前几个就可以了

    代码

    #include <bits/stdc++.h>
    #define oo 2 * 1e9
    using namespace std;
    
    const int N = 100;
    int n,x[N],y[N],dis[N];
    
    void Init( ) {
        
        scanf("%d",& n);
        for(int i = 1;i <= n;i ++) scanf("%d%d",& x[i],& y[i]);
    }
    
    int solve(int xx,int yy,int tim) {
        
        int ans = 0;
        for(int i = 1;i <= n;i ++) {
            dis[i] = abs(x[i] - xx) + abs(y[i] - yy);
        }
        sort(dis + 1,dis + n + 1);
        for(int i = 1;i <= tim;i ++) {
            ans += dis[i];
        }
        return ans;
    }
    
    void Solve( ) {
        
        for(int t = 1;t <= n;t ++) {
            if(t == 1) {printf("0
    "); continue;}
            int ans = oo;
            for(int i = 1;i <= n;i ++) {
                for(int j = 1;j <= n;j ++) {
                    ans = min(ans,solve(x[i], y[j], t));
                }
            }
            printf("%d
    ",ans);
        }
    }
    
    int main( ) {
        
        freopen("tower.in","r",stdin);
        freopen("tower.out","w",stdout);
        Init( );
        Solve( );
    }

    这道题是一道$dp$  $dp[u][0 / 1]$ 表示以$u$为根的子树 $u$是否和其儿子匹配的最大匹配数

    $g[u][0 / 1]$表示方案数 

    转移

      $dp[u][0] = ∑max(dp[v][0 / 1])$ 

    $dp[u][1]$ 枚举儿子 保证其中一个必须选$dp[v][0]$来和$u$匹配 剩余一样选择

    方案数一样的 从哪里转移过来就用那里的$g$ 然后用乘法原理将各个儿子乘一乘就好了

    如果$dp$一样的 就将$g$加起来就可以了

    然后这玩意儿要高精度 我就懒得写了...贴一个没有高精度的60分垃圾代码qwqwqwqwqwqwqwq

    代码

    #include <bits/stdc++.h>
    using namespace std;
    
    typedef long long ll;
    const int N = 1e3 + 5;
    int n;
    ll dp[N][2],g[N][2];
    vector<int>s[N];
    
    void Init( ) {
        
        scanf("%d",& n);
        for(int i = 1;i <= n;i ++) {
            int u,v,m;
            scanf("%d%d",& u,& m);
            for(int j = 1;j <= m;j ++) {
                scanf("%d",& v);
                s[u].push_back(v);
            }
        }
    }
    
    void Dfs(int u,int fa) {
        
        g[u][0] = 1;
        int siz = s[u].size( );
        for(int i = 0;i < siz;i ++) {
            int v = s[u][i];
            //if(v == fa) continue;
            Dfs(v, u);
        }
        for(int i = 0;i < siz;i ++) {
            int v = s[u][i];
            if(v == fa) continue;
            if(dp[v][1] > dp[v][0]) dp[u][0] += dp[v][1],g[u][0] *= g[v][1];
            else if(dp[v][1] < dp[v][0]) dp[u][0] += dp[v][0],g[u][0] *= g[v][0];
            else dp[u][0] += dp[v][0],g[u][0] *= g[v][1] + g[v][0];
        }
        
        for(int i = 0;i < siz;i ++) {
            int vv = s[u][i]; //if(vv == fa) continue;
            ll cmp = dp[vv][0],f = g[vv][0];
            for(int j = 0;j < siz;j ++) {
                int v = s[u][j]; if(v == fa || j == i) continue;
                if(dp[v][1] > dp[v][0]) cmp += dp[v][1],f *= g[v][1];
                else if(dp[v][1] < dp[v][0]) cmp += dp[v][0],f *= g[v][0];
                else cmp += dp[v][0],f *= g[v][1] + g[v][0];
            }
            if(cmp + 1 > dp[u][1]) {dp[u][1] = cmp + 1; g[u][1] = f; }
            else if(cmp + 1 == dp[u][1]) {g[u][1] += f; }
        }
    }
    
    void Solve( ) {
        
        ll ans;
        Dfs(1, 1);
        if(dp[1][0] > dp[1][1]) printf("%lld
    %lld",dp[1][0],g[1][0]);
        else if(dp[1][0] < dp[1][1]) printf("%lld
    %lld",dp[1][1],g[1][1]);
        else printf("%lld
    %lld",dp[1][0],g[1][0] + g[1][1]);
    }
    
    int main( ) {
        
        freopen("tree.in","r",stdin);
        freopen("tree.out","w",stdout);
        Init( );
        Solve( );
    }
  • 相关阅读:
    python基础代码2
    将博客搬至CSDN
    Python基础代码1
    使用函数处理数据
    创建计算字段
    用通配符进行过滤
    高级过滤数据
    过滤数据
    模式与架构
    工厂方法模式和简单工厂模式的选折
  • 原文地址:https://www.cnblogs.com/Rubenisveryhandsome/p/9675398.html
Copyright © 2020-2023  润新知