给你一个序列，支持三种操作：
$0 x y t$ ：将 $[x,y]$ 内大于 $t$ 的数变为 $t$ ；
$1 x y$ ：求 $[x,y]$ 内所有数的最大值；
$2 x y$ ：求 $[x,y]$ 内所有数的和。
多组测试数据，$sum n,sum mle 10^6$
题解
线段树区间最值操作
对于线段树上的一个节点，维护对应区间的：最大值 $mx$ 、最大值个数 $c$ 及严格次大值 $se$ 。那么对于一次区间最小值操作：
如果 $tge mx$ ，则这个操作不会对区间产生影响，直接退出；
如果 $se<t<mx$ ，则这个操作只会对区间最大值产生影响，区间和减小 $c(mx-t)$ ，最大值变为 $t$ ，打标记退出；
否则，无法直接计算贡献，递归子树处理。
其中第二种情况的 “打标记” 实际上就是下传新的最大值，因此可以不打标记，直接将最大值下传。
这样做的时间复杂度是 $O(nlog n)$ 的，证明参考 吉老师的Segment tree Beats!
#include <cstdio>
#include <algorithm>
#define N 1000010
#define lson l , mid , x << 1
#define rson mid + 1 , r , x << 1 | 1
using namespace std;
typedef long long ll;
ll mx[N << 2] , c[N << 2] , se[N << 2] , sum[N << 2];
inline void vmin(ll v , int x)
{
if(mx[x] > v) sum[x] -= c[x] * (mx[x] - v) , mx[x] = v;
}
inline void pushup(int x)
{
int l = x << 1 , r = x << 1 | 1;
sum[x] = sum[l] + sum[r];
if(mx[l] > mx[r]) mx[x] = mx[l] , c[x] = c[l] , se[x] = max(se[l] , mx[r]);
if(mx[l] < mx[r]) mx[x] = mx[r] , c[x] = c[r] , se[x] = max(mx[l] , se[r]);
if(mx[l] == mx[r]) mx[x] = mx[l] , c[x] = c[l] + c[r] , se[x] = max(se[l] , se[r]);
}
inline void pushdown(int x)
{
vmin(mx[x] , x << 1) , vmin(mx[x] , x << 1 | 1);
}
void build(int l , int r , int x)
{
if(l == r)
{
scanf("%lld" , &mx[x]) , sum[x] = mx[x] , c[x] = 1 , se[x] = -1;
return;
}
int mid = (l + r) >> 1;
build(lson) , build(rson);
pushup(x);
}
void update(int b , int e , ll v , int l , int r , int x)
{
if(mx[x] <= v) return;
if(b <= l && r <= e && se[x] < v)
{
vmin(v , x);
return;
}
pushdown(x);
int mid = (l + r) >> 1;
if(b <= mid) update(b , e , v , lson);
if(e > mid) update(b , e , v , rson);
pushup(x);
}
ll qmax(int b , int e , int l , int r , int x)
{
if(b <= l && r <= e) return mx[x];
pushdown(x);
int mid = (l + r) >> 1;
ll ans = 0;
if(b <= mid) ans = max(ans , qmax(b , e , lson));
if(e > mid) ans = max(ans , qmax(b , e , rson));
return ans;
}
ll qsum(int b , int e , int l , int r , int x)
{
if(b <= l && r <= e) return sum[x];
pushdown(x);
int mid = (l + r) >> 1;
ll ans = 0;
if(b <= mid) ans += qsum(b , e , lson);
if(e > mid) ans += qsum(b , e , rson);
return ans;
}
int main()
{
int T;
scanf("%d" , &T);
while(T -- )
{
int n , m , opt , x , y;
ll z;
scanf("%d%d" , &n , &m);
build(1 , n , 1);
while(m -- )
{
scanf("%d%d%d" , &opt , &x , &y);
if(opt == 0) scanf("%lld" , &z) , update(x , y , z , 1 , n , 1);
if(opt == 1) printf("%lld
" , qmax(x , y , 1 , n , 1));
if(opt == 2) printf("%lld
" , qsum(x , y , 1 , n , 1));
}
}
return 0;
}