数论倒数,又称逆元,在数论中很有意义。在数论中取模运算十分普遍,我们知道取模运算有如下性质:
(a + b) % p = (a%p + b%p) %p (对)
(a - b) % p = (a%p - b%p + p) %p (对)
(a * b) % p = (a%p * b%p) %p (对)
(a / b) % p = (a%p / b%p) %p (错)
对除法操作来说,就无法直接进行取模运算了,那么应该怎样做呢,就需要用到逆元了。若a*x=1(mod p),其中gcd(a,p)=1,即a,p互质,则称x为a关于p的逆元,或者a,x关于p互为逆元。称a的逆元为inv(a),这样就将除法取模运算转换成(a/b)%p=(a*inv(b))%p=(a%p*inv(b)%p)%p。
逆元怎么求:
方法一——费马小定理求逆元:
(前提是p为质数,否则不能用)根据费马小定理,当gcd(a,p)=1时,有a^(p-1)=1 (mod p),即a*a^(p-2)=1 (mod p),即a关于p的逆元为a^(p-2),用快速幂即可求。
模板:
LL pow_mod(LL a, LL b, LL p){//a的b次方求余p LL ret = 1; while(b){ if(b & 1) ret = (ret * a) % p; a = (a * a) % p; b >>= 1; } return ret; } LL Fermat(LL a, LL p){//费马求a关于b的逆元 return pow_mod(a, p-2, p); }
方法二——扩展欧基里德求逆元:
若gcd(a,b)=1,则a*x+b*y=1有解,其解的x即为a关于b的逆元,y为b关于a的逆元。
证明:a*x+b*y=1 -> a*x%b+b*y%b=1%b -> a*x%b=1%b -> a*x=1 (mod b),即x为a关于b的逆元,同理可证y。
模板:
#include<cstdio> typedef long long LL; void ex_gcd(LL a, LL b, LL &x, LL &y, LL &d){ if (!b) {d = a, x = 1, y = 0;} else{ ex_gcd(b, a % b, y, x, d); y -= x * (a / b); } } LL inv(LL t, LL p){//如果不存在,返回-1 LL d, x, y; ex_gcd(t, p, x, y, d); return d == 1 ? (x % p + p) % p : -1; } int main(){ LL a, p; while(~scanf("%lld%lld", &a, &p)){ printf("%lld ", inv(a, p)); } }
方法三:
一个常见的问题:已知b|a(b能整除a),求a/b mod m,我们发现费马小定理和扩展欧基里德求逆元都有局限,需要gcd(a,p)=1。实际上还有一种通用的求逆元的方法,适合所有情况。即a/b % m=a%(b*m)/b。证明:
方法四:
(前提为p是质数,否则不能用)inv(a) = (p - p / a) * inv(p % a) % p,然后一直递归到1即可,因为1的逆元是1。
证明:
设x = p % a,y = p / a
于是有 x + y * a = p
(x + y * a) % p = 0
移项得 x % p = (-y) * a % p
x * inv(a) % p = (-y) % p
inv(a) = (p - y) * inv(x) % p
于是 inv(a) = (p - p / a) * inv(p % a) % p
这个方法不限于求单个逆元,比前两个好,它可以在O(n)的复杂度内算出n个数的逆元。
模板:
#include<cstdio> typedef long long LL; LL inv(LL t, LL p) {//求t关于p的逆元,注意:t要小于p,最好传参前先把t%p一下 return t == 1 ? 1 : (p - p / t) * inv(p % t, p) % p; } int main(){ LL a, p; while(~scanf("%lld%lld", &a, &p)){ printf("%lld ", inv(a%p, p)); } }