百度之星初赛签到（1001/1005）

A：Polynomial

Polynomial

 Time Limit: 2000/1000 MS (Java/Others)

 

 Memory Limit: 32768/32768 K (Java/Others)

Problem Description

度度熊最近学习了多项式和极限的概念。 现在他有两个多项式 f(x)f(x) 和 g(x)g(x)，他想知道当 xx 趋近无限大的时候，f(x) / g(x)f(x)/g(x) 收敛于多少。

Input

第一行一个整数 T~(1 leq T leq 100)T (1≤T≤100) 表示数据组数。 对于每组数据，第一行一个整数 n~(1 leq n leq 1,000)n (1≤n≤1,000)，n-1n−1 表示多项式 ff 和 gg 可能的最高项的次数（最高项系数不一定非0）。 接下来一行 nn 个数表示多项式 ff，第 ii 个整数 f_i~(0 leq f_i leq 1,000,000)f​i​​ (0≤f​i​​≤1,000,000) 表示次数为 i-1i−1 次的项的系数。 接下来一行 nn 个数表示多项式 gg，第 ii 个整数 g_i~(0 leq g_i leq 1,000,000)g​i​​ (0≤g​i​​≤1,000,000) 表示次数为 i-1i−1 次的项的系数。 数据保证多项式 ff 和 gg 的系数中至少有一项非0。

Output

对于每组数据，输出一个最简分数 a/ba/b（aa 和 bb 的最大公约数为1）表示答案。 如果不收敛，输出 1/01/0。

Sample Input

3
2
0 2
1 0
2
1 0
0 2
3
2 4 0
1 2 0

Sample Output

1/0
0/1
2/1

样例描述
这些多项式分别为
f(x) = 2x
f(x)=2x
g(x) = 1
g(x)=1
f(x) = 1
f(x)=1
g(x) = 2x
g(x)=2x
f(x) = 4x + 2
f(x)=4x+2
g(x) = 2x + 1
g(x)=2x+1



思路：上下两个数组从后往前比较一下0出现的位置就行了，就是找到第一个非0位置！：）  答案要么是0/1，要么是1/0，要么就是一个上下需要约分一下的比值
代码：

#include<bits/stdc++.h> 
using namespace std;
#define LL long long
#define INF 2000000000
#define eps 1e-8
#define pi  3.141592653589793
const LL mod = 1e9+7;
struct node{
    int x,y;
}p[1001];
int main()
{

     int _;
     for(scanf("%d",&_);_--;){
         int n;
        scanf("%d",&n);
        int Min = 10000000,Max = 0;
        for(int i = 0 ; i < n ; i++){
            scanf("%d",&p[i].x);
        }
        for(int i = 0 ; i < n ; i++){
            scanf("%d",&p[i].y);
        }
        for(int i = n-1 ; i >= 0 ;i --){
            if(p[i].x == 0 && p[i].y == 0)continue;
            
            if(p[i].x == 0 && p[i].y != 0){
                puts("0/1");break;
            }else if(p[i].x != 0 && p[i].y == 0){
                puts("1/0");break;
            }else{
                LL a = __gcd(p[i].x,p[i].y);
                printf("%lld/%lld
",p[i].x*1LL/a,p[i].y*1LL/a);
                break;
            }//判断非零出现的位置，三种情况
        }
    }
}

E：Seq

Seq

 Time Limit: 2000/1000 MS (Java/Others)

 

 Memory Limit: 32768/32768 K (Java/Others)

Problem Description

度度熊有一个递推式 a_{n} = (sum_{i=1}^{n-1} a_{i}*i) \% na​n​​=(∑​i=1​n−1​​a​i​​∗i)%n 其中 a_1 = 1a​1​​=1。现给出 nn，需要求 a_na​n​​。

Input

第一行输入一个整数 TT，代表 T~(1 leq T leq 100000T (1≤T≤100000) 组数据。 接下 TT 行，每行一个数字 n~(1leq n leq 10^{12})n (1≤n≤10​12​​)。

Output

输出 TT 行，每行一个整数表示答案。

Sample Input

5
1
2
3
4
5

Sample Output

1
1
0
3
0

思路：打个表发现从n从4开始，6个一循环的。每个循环节里面都有规律可以找。比如除以二，减去一之类的。注意用long long
代码：

#include<bits/stdc++.h> 
using namespace std;
#define LL long long
#define INF 2000000000
#define eps 1e-8
#define pi  3.141592653589793
const LL mod = 1e9+7;
int main()
{
    
    /*
    LL a[1112];
    int n = 150;
    a[1] = 1LL;
    for(int i = 2 ; i <= n ; i ++){
        LL sum = 0;
        for(int j = 1 ; j <= i-1 ; j ++){
            sum += a[j]*j;
            sum %= i;
        }
        a[i] = sum;
        if( sum + 1 == i )printf("---"); 
        printf("%d : %lld 
",i,sum);
    }
    */
     int _;
     for(scanf("%d",&_);_--;){
         LL n;
        scanf("%I64d",&n);
        if(n == 1|| n == 2){
            printf("1
");
        }else if(n == 3){
            printf("0
");
        }else{
            LL k = n-4;
            if(k%6 == 0){
                printf("%I64d
",n-1);
            }
            else if(k%6==1){
                printf("%I64d
",n/6);
            }
            else if(k%6==2){
                printf("%I64d
",n/2);
            }
            else if(k%6==3){
                printf("%I64d
",n-(k/6+1)*2);
            }
            else if(k%6==4){
                printf("%I64d
",n/2);
            }
            else if(k%6==5){
                printf("%I64d
",k/6+1);    
            }
        }
    }
}/*
 
*/