首先注意到 (sumlimits_{i=1}^{2n}i=dfrac{2n(2n+1)}{2}=n(2n+1)equiv npmod{2n})，也就是说，如果我们能够在每个 pair 找到一个数，使取出的 (n) 个数加起来是 (n) 的倍数，那么后手就有必胜策略，因为如果取出的数之和 (mod 2n=0) 那么显然符合要求，否则我们这 (n) 个数之和 (mod 2n) 必然等于 (n)，因此我们可以考虑取个补集，剩余数之和 (mod 2n) 显然就等于所有数之和减去取出的数之和，也就是 (2n) 的倍数了。
因此考虑分情况讨论：如果 (n) 是偶数那比较好办，我们考虑当先手，对于所有 (iin[1,n])，将 (i) 与 (i+n) 分在一组，那么不论后手怎么取，他取出的 (n) 个数之和 (equivsumlimits_{i=1}^nipmod{n})，而显然 (sumlimits_{i=1}^ni=dfrac{n(n+1)}{2}=n·dfrac{n+1}{2})，后者不是整数，因此左式也不是 (n) 的倍数，因此后手无法取出 (n) 个数使它们的和为 (2n) 的倍数。
接下来考虑 (n) 是奇数的情况，显然根据此题的设计，(n) 为偶数的情况我们要选择当先手，那 (n) 为奇数的情况题目肯定要让我们当后手了，也就是说，我们要对于所有可能的分组情况，从每个 pair 中找出一个数，使它们的和是 (n) 的倍数。注意到对于奇数而言，就有 (sumlimits_{i=1}^ni) 为 (n) 的倍数了，因此考虑 (equiv 1,2,3,cdots,n) 的数各取一个，怎么取呢？我们考虑对于所有 (iin[1,n])，连一条 (i) 所在的 pair 到 (i+n) 所在的 pair 的有向边，权值为 (0)，编号为 (i)，同理连一条 (i+n) 所在的 pair 到 (i) 所在的 pair 的有向边，权值为 (1)，编号为 (i)，这样每个点恰好连出两条边，也就是说我们会形成若干个环，我们考虑以任意顺序（顺时针、逆时针皆可），那么在遍历的过程中，如果我们经过编号为 (i) 的边时经过的那条边权值为 (0)，那么我们就选择 (i)，否则如果经过编号为 (i) 的边时，经过的那条边权值为 (1)，我们就选择 (i+n)，不难发现这样每组恰好选择一个，而每个编号的边恰好遍历了一次，因此 (equiv 1,2,3,cdots,n) 的数也都各取一个，因此和肯定是 (n) 的倍数。注意，如果最后选出来的数之和 (mod 2n=n) 那么还需取个补集。
坑点：注意 fflush(stdout)
const int MAXN=5e5;
int n,p[MAXN*2+5],hd[MAXN*2+5],to[MAXN*2+5],nxt[MAXN*2+5],id[MAXN*2+5],ec=1;
void adde(int u,int v,int x){to[++ec]=v;nxt[ec]=hd[u];hd[u]=ec;id[ec]=x;}
bool vis[MAXN*2+5],book[MAXN*2+5];int ans[MAXN+5];
void dfs(int x,int pre,int st){
// printf("%d %d
",x,pre);
vis[x]=1;
for(int e=hd[x];e;e=nxt[e]){
int y=to[e],z=id[e];if((e>>1)==(pre>>1)) continue;
book[z*n+(e>>1)]=1;if(y^st) dfs(y,e,st);return;
}
}
int main(){
scanf("%d",&n);
if(~n&1){
puts("First");
for(int i=1;i<=n<<1;i++) printf("%d%c",i%n+1,"
"[i==n<<1]);
fflush(stdout);
} else {
puts("Second");fflush(stdout);ll sum=0;
for(int i=1;i<=n<<1;i++) scanf("%d",&p[i]);
for(int i=1;i<=n;i++) adde(p[i],p[i+n],0),adde(p[i+n],p[i],1);
for(int i=1;i<=n;i++) if(!vis[i]) dfs(i,0,i);
for(int i=1;i<=n<<1;i++) sum+=book[i]*i;
if(sum%(n<<1)){
for(int i=1;i<=n<<1;i++) book[i]^=1;
} for(int i=1;i<=n<<1;i++) if(book[i]) ans[p[i]]=i;
for(int i=1;i<=n;i++) printf("%d%c",ans[i],"
"[i==n]);
fflush(stdout);
}
return 0;
}