【Comet OJ

Description

传送门

$T<=1e5组数据，每组读入n,a,b,p (1≤n,a,b,p≤10^{18} )$

Solution

• 将$a^i$化为$(sqrt{a})^{2i}$，然后就可以将i化为2i，再根据这个式子的形式显然是与$(a+b)^n$是一样的
• 但是我们由于枚举的是$2i$，所以我们只需要偶数项。但是我们可以发现，如果次数是奇数的话，一定还留有$sqrt{a}$。
• 所以只需要取$(sqrt{a}+b)^n$ 最后的整数就好了，剩下一个$k sqrt{a}$是奇数项的贡献。
• 快速幂即可。

#include<cstdio>
#include<cmath>
#include<cstring>
#include<algorithm>
#define ll __int128
using namespace std;

int T;
ll A,B,n,p;

void read(ll &x){
	x=0; char ch=getchar();
	for(;ch<'0'||ch>'9';ch=getchar());
	for(;ch>='0'&&ch<='9';ch=getchar()) x=x*10+ch-'0';
}

int pd[50];
void write(ll x){
	if (!x) {printf("0
");return;}
	while (x) pd[++pd[0]]=x%10,x/=10;
	while (pd[0]) putchar(pd[pd[0]--]+'0');
	puts("");
}

struct num{
	ll x,y;
	num(ll _x,ll _y){x=_x,y=_y;}
};
num operator *(num a,num b){return num((a.x*b.y+b.x*a.y)%p,(a.x*b.x%p*A+a.y*b.y)%p);}

ll qp(){
	num s=num(0,1),x=num(1,B);
	for(;n;n/=2,x=x*x) if (n&1)
		s=s*x;
	return s.y;
}

int main(){
	freopen("ceshi.in","r",stdin);
	scanf("%d",&T);
	while (T--){
		read(n),read(A),read(B),read(p);
		A=A%p,B=B%p;
		write(qp());
	}
}