运输计划

【题目描述】

L国有n个星球，还有n-1条双向航道，每条航道建立在两个星球之间，这n-1条航道连通了L国的所有星球。

小P掌管一家物流公司，该公司有很多个运输计划，每个运输计划形如：有一艘物流飞船需要从ui号星球沿最快的宇航路径飞行到vi号星球去。显然，飞船驶过一条航道是需要时间的，对于航道j，任意飞船驶过它所花费的时间为tj，并且任意两艘飞船之间不会产生任何干扰。

为了鼓励科技创新，L国国王同意小P的物流公司参与L国的航道建设，即允许小 P 把某一条航道改造成虫洞，飞船驶过虫洞不消耗时间。

在虫洞的建设完成前小P的物流公司就预接了m个运输计划。在虫洞建设完成后，这m个运输计划会同时开始，所有飞船一起出发。当这m个运输计划都完成时，小P的物流公司的阶段性工作就完成了。

如果小P可以自由选择将哪一条航道改造成虫洞，试求出小P的物流公司完成阶段性工作所需要的最短时间是多少。

【输入描述】

第一行包括两个正整数n、m，表示L国中星球的数量及小P公司预接的运输计划的数量，星球从1到n编号；

接下来n-1行描述航道的建设情况，其中第i行包含三个整数ai、bi和ti，表示第i条双向航道修建在ai与bi两个星球之间，任意飞船驶过它所花费的时间为ti。接下来m行描述运输计划的情况，其中第j行包含两个正整数uj和vj，表示第j个运输计划是从uj号星球飞往vj号星球。

【输出描述】

共1行，包含1个整数，表示小P的物流公司完成阶段性工作所需要的最短时间。

【输入样例】

6 3

1 2 3

1 6 4

3 1 7

4 3 6

3 5 5

3 6

2 5

4 5

【输出样例】

11

【数据范围及提示】

请注意常数因子带来的程序效率上的影响。

95分（二分+LCA）：

源代码：

#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
#define Maxn 300001
using namespace std;
struct Node
{
    int X,Y,Ans,LCA;
}P[Maxn];
int F[20][Maxn],Next[2*Maxn],Head[Maxn],/*第一邻接点*/To[2*Maxn],/*邻接表*/Length[2*Maxn]/*边权(时间)*/;
int w[Maxn],sum[Maxn],Num[Maxn],G[Maxn],Q[Maxn],/*广搜队列*/Deep[Maxn];/*结点的深度*/
int m,n,num;
void Add(int t1,int t2,int t) //邻接表形式加边。
{
    num++;
    To[num]=t2;
    Length[num]=t;
    Next[num]=Head[t1];
    Head[t1]=num;
}
int Up(int t,int D) //结点上调。
{
    for (int a=0;a<=18;a++)
      if (D&(1<<a))
        t=F[a][t];
    return t;
}
int LCA(int t1,int t2) //计算最近公共祖先。
{
    if (Deep[t1]>Deep[t2])
      t1=Up(t1,Deep[t1]-Deep[t2]);
    else
      t2=Up(t2,Deep[t2]-Deep[t1]);
    if (t1==t2)
      return t1;
    for (int a=18;a>=0;a--)
      if (F[a][t1]!=F[a][t2])
      {
          t1=F[a][t1];
        t2=F[a][t2];
      }
    return G[t1];
}
bool Rule(Node t1,Node t2) //降序排。
{
    return t1.Ans>t2.Ans;
}
bool Check(int t) //判断t是否满足要求。
{
    int num=0;
    memset(w,0,sizeof(w));
    memset(Num,0,sizeof(Num));
    for (int a=1;a<=m;a++) //运输计划P已经按总耗时降序排，计算耗时超过t的运输计划数量，并统计所涉结点的次数。
      if (P[a].Ans>t)
      {
        w[P[a].X]++;
        w[P[a].Y]++;
        w[P[a].LCA]-=2;
        num++;
      }
      else
        break; //已降序排，不超过t的不用再处理。
    if (!num)
      return true; //都不超t，True。
    for (int a=n;a>=1;a--)
    { //自下而上统计：以结点T为根结点的子树中，耗时超过t的运输计划中所涉结点的个数。
        int T=Q[a];
        Num[T]=w[T];
        for (int b=Head[T];b;b=Next[b])
          if (To[b]!=G[T])
            Num[T]+=Num[To[b]];    //累加子结点的Num值。
    }
    for (int a=1;a<=n;a++) //自根结点开始向下判断。
    {
        int T=Q[a];
        for (int b=Head[T];b;b=Next[b])
          if (To[b]!=G[T]) //如果以结点To[b]为根结点的子树中，耗时超过t的结点个数恰是num个，且去掉第b条边之后的耗时不超过t，则True。
            if (Num[To[b]]==num&&Length[b]>=P[1].Ans-t)
              return true;
    }
    return false;
}
int main()
{
    scanf("%d%d",&n,&m);
    for (int a=1;a<n;a++)
    {
        int t,t1,t2;
        scanf("%d%d%d",&t1,&t2,&t);
        Add(t1,t2,t);
        Add(t2,t1,t); //把边加到邻接表。
    }
    int Left=0,Right=1;
    Q[1]=1;
    G[1]=0;
    Deep[1]=0; //根结点1入队。
    while (Left!=Right) //广搜。
    {
        int t=Q[++Left];
        for (int a=Head[t];a;a=Next[a])
          if (To[a]!=G[t]) //计算父结点、深度及到根结点的权值。
          {
              G[To[a]]=t;
            Deep[To[a]]=Deep[t]+1;
            sum[To[a]]=sum[t]+Length[a];
              Q[++Right]=To[a];
          }
    }
    for (int a=1;a<=n;a++)
      F[0][a]=G[a];
    for (int a=1;a<=18;a++) //倍增求F(a,b)，结点j的2^i祖先。
      for (int b=1;b<=n;b++)
        if (F[a-1][b])
          F[a][b]=F[a-1][F[a-1][b]];
        else
          F[a][b]=0;
    int Max;
    for (int a=1;a<=m;a++)
    {
        scanf("%d%d",&P[a].X,&P[a].Y); //读入运输计划。
        P[a].LCA=LCA(P[a].X,P[a].Y); //求两端点的LCA、该运输计划的总耗时。
        P[a].Ans=sum[P[a].X]+sum[P[a].Y]-2*sum[P[a].LCA];
        Max=max(Max,P[a].Ans); //维护最大值。
    }
    sort(P+1,P+m+1,Rule); //运输计划按总耗时降序排。
    Left=0;
    Right=Max+1;
    int ans; //[0,Max+1)区间中二分。
    while (Left<=Right)
    {
        int t=(Left+Right)/2;
        if (Check(t))
        {
            ans=t;
            Right=t-1;
        }
        else
          Left=t+1;
    }
    printf("%d",ans);
    return 0;
}