Codeforces #330 B Pasha and Phone

代码先放着，明天补思路

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pow有毒，pow有毒，pow有毒。重要的事情说三遍；

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题意：有一串n个号码，可以分成k个部分，分别输入两行，ai和bi。

对于一个长的为n，每个部分为n/k的数列，每个部分上可以是ai的倍数（也可以是0），但首数字不能等于对应位置上bi的值，并且ai的倍数必须小于1e+k；

问有多少只组合的方式。

因为英语比较渣，题目就看了老半天。刚开始写的是一发模拟，快写完的时候忽然意识到肯定会TE，所以删了重新写；

首先把每个部分拆开想，每次只看n/k,因为每个部分最多是k，所以至多能放下 1e+k-1 这么大的数，在每个部分至多能放下这么多个对应的ai：（1e+k-1）/ai；

然后减去首字母含有bi的 （bi+1）*（1e+（k-1））- bi*(1e+(k-1))；然后每个部分的组合方式个数相乘既是最后所求。 

***因为k属于1...9；所以可以直接暴力求1e+k就行，不要用pow！不要用pow！不要用pow！

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef long long ll;
const ll modd=1000000007;
ll a[100010],b[100010];
int n,k;
int main()
{
    while(scanf("%d%d",&n,&k)!=EOF)
    {
        for(int i=1; i<=n/k; i++)
            scanf("%I64d",&a[i]);
        for(int i=1; i<=n/k; i++)
            scanf("%I64d",&b[i]);
　　　　　//cnt记录每个部分的组合方式个数，
　　　　　//sum记录进行到当前位置的时候产生的总共的组合方式
        ll cnt,sum=1;int uu=1;
        for(int i=0;i<k;i++)
        {
            uu*=10;
        }
        for(int i=1; i<=n/k; i++)
        {
            cnt=(uu-1)/a[i]+1;
            //printf("%d ",cnt);
　　　　　　//bi是否等于0这里是其实可以和在一起写的，
            if(b[i]!=0)
            {
                ll x=((uu/10)*(b[i]+1)-1)/a[i];
                ll y=((uu/10)*b[i]-1)/a[i];
                //printf("%d %d ",x,y);
                cnt=cnt-(x-y);
            }
            else
            {
                ll x=(uu/10-1)/a[i];
                cnt=cnt-x-1;
                //printf("%d ",x);
            }
            //printf("%d
",cnt);
            sum=(sum*cnt)%modd;
        }
        printf("%d
",sum);
    }
    return 0;
}