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题目传送门 - BZOJ1966
题意概括
现在有一些串和一个病毒模板。让你统计非病毒串的总数。串个数<=500。
串由'A' 'C' 'G' 'T'构成，长度<=500。
病毒模板（长度<=1000）较为复杂，由'A' 'C' 'G' 'T' '*' '?'组成。其中'A' 'C' 'G' 'T'没有特异功能。但是'*' 和 '?'有特意功能：
'*'：在这里可以填充任意长度的任意串（由A,C,G,T组成，长度可以为0）。
'?'：在这里能且仅能填一个字母，这个字母在A,C,G,T中选。
如果病毒模板通过在'.'和'?'中填字母可以做到和某一个串相同，那么这个串就是病毒串。反之就是非病毒串。
题解
我们发现连续的'*'是没用的可以压成一个'*'，花几行代码压掉。
然后对于每一个串，我们跑一个二维的dp。
用f[i][j]表示从病毒串的第i位开始，当前串的第j位开始，能否得到匹配。
那么有3种转移：
1. 当前模板位为‘*’，那么我们可以考虑结束'*'或者继续匹配当前串，故f[i][j]=f[i][j+1] or f[i+1][j]
2. 当前模板位为'?'，那么我们只能做到和当前字符匹配，故f[i][j]=f[i+1][j+1]
3. 当前模板位为字符，那么我判断一下和当前串位是否相同，如果不同那么f[i][j]=0，否则f[i][j]=f[i+1][j+1]
注意特殊情况：
最后的时候，模板串还有'*',但是当前串已经匹配完的情况要注意一下。
dp主体写在dfs里面。
代码
#include <cstring>
#include <algorithm>
#include <cstdio>
#include <cmath>
#include <cstdlib>
using namespace std;
const int M=1005,N=505;
int t,n,m,ans=0,f[M][N];
char str[M],ch[N];
void recreate(){
int m_=1;
for (int i=2;i<=m;i++)
if (!(str[i]==str[i-1]&&str[i]=='*'))
str[++m_]=str[i];
m=m_;
}
bool dfs(int x,int y){
if (~f[x][y])
return f[x][y];
if (x>m&&y>n)
return f[x][y]=1;
if (str[x]=='*'&&y>n)
return f[x][y]=dfs(x+1,y);
if (x>m||y>n)
return f[x][y]=0;
if (str[x]=='?')
return f[x][y]=dfs(x+1,y+1);
if (str[x]=='*')
return f[x][y]=dfs(x,y+1)||dfs(x+1,y);
if (str[x]!=ch[y])
return f[x][y]=0;
return f[x][y]=dfs(x+1,y+1);
}
int main(){
scanf("%s",str+1);
m=strlen(str+1);
recreate();
scanf("%d",&t);
for (int i=1;i<=t;i++){
scanf("%s",ch+1);
n=strlen(ch+1);
memset(f,-1,sizeof f);
if (!dfs(1,1))
ans++;
}
printf("%d",ans);
return 0;
}