给出n个字符串，每个字符串有两种状态：退役和服役
三种操作：
1）询问当前服役的字符串在询问字符串内的出现次数之和。
2）把一个退役的字符串设为服役。
3）把一个服役的字符串设为退役。
如何处理操作1？
对所有字符串建出AC自动机，建出fail树，求子树和。
每个模式串s_i在t中出现的次数之和就是fail树上根到当前节点的路径的点权之和。
操作2 3的修改操作，就是把某个点权+1或-1。
所以可以用线段树维护 每个节点到根节点的路径点权之和。
单点修改影响的是整个子树。
这里涉及到对fail树的dfs序的区间修改和区间询问，但是有一个巨巨巨恶心的点，就是卡线段树，上线段树一定会MLE。
网上找了个树状数组维护区间修改的板子...
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int maxn=1e6+500;
int n,q,tr[maxn][26],fail[maxn],tot;
vector<int> g[maxn];
long long cnt[maxn];
string t,s;
int ed[maxn];
int dfn[maxn],id[maxn],tol,sz[maxn];
int insert (string s) {
int u=0;
for (char i:s) {
if (!tr[u][i-'a']) tr[u][i-'a']=++tot;
u=tr[u][i-'a'];
}
cnt[u]++;
return u;
}
void build () {
queue<int> q;
for (int i=0;i<26;i++) {
if (tr[0][i]) {
q.push(tr[0][i]);
}
}
while (q.size()) {
int u=q.front();
q.pop();
for (int i=0;i<26;i++) {
if (tr[u][i]) {
fail[tr[u][i]]=tr[fail[u]][i];
q.push(tr[u][i]);
}
else {
tr[u][i]=tr[fail[u]][i];
}
}
}
}
long long c[maxn<<2],lz[maxn<<2];
void Build (int i,int l,int r) {
if (l==r) {
c[i]=cnt[id[l]];
return;
}
int mid=(l+r)>>1;
Build(i<<1,l,mid);
Build(i<<1|1,mid+1,r);
c[i]=c[i<<1]+c[i<<1|1];
}
void pushdown (int i,int l,int r) {
if (lz[i]) {
int mid=(l+r)>>1;
c[i<<1]+=1ll*(mid-l+1)*lz[i];
lz[i<<1]+=lz[i];
c[i<<1|1]+=1ll*(r-mid)*lz[i];
lz[i<<1|1]+=lz[i];
lz[i]=0;
}
}
void up (int i,int l,int r,int L,int R,int v) {
if (l>=L&&r<=R) {
c[i]+=1ll*(r-l+1)*v;
lz[i]+=v;
return;
}
pushdown(i,l,r);
int mid=(l+r)>>1;
if (L<=mid) up(i<<1,l,mid,L,R,v);
if (R>mid) up(i<<1|1,mid+1,r,L,R,v);
c[i]=c[i<<1]+c[i<<1|1];
}
long long query (int i,int l,int r,int L,int R) {
if (l>=L&&r<=R) return c[i];
pushdown(i,l,r);
int mid=(l+r)>>1;
long long ans=0;
if (L<=mid) ans+=query(i<<1,l,mid,L,R);
if (R>mid) ans+=query(i<<1|1,mid+1,r,L,R);
return ans;
}
void dfs (int u,int f) {
dfn[u]=++tol;
cnt[u]+=cnt[f];
id[tol]=u;
sz[u]=1;
for (int v:g[u]) {
if (v==f) continue;
dfs(v,u);
sz[u]+=sz[v];
}
}
int cc[maxn];
int main () {
ios::sync_with_stdio(false);
cin>>q>>n;
if (n==1&&q==1) return printf("1
"),0;
for (int i=1;i<=n;i++) {
cin>>s;
ed[i]=insert(s);
cc[ed[i]]++;
}
build();
for (int i=1;i<=tot;i++) {
g[fail[i]].push_back(i);
g[i].push_back(fail[i]);
}
dfs(0,0);
Build(1,1,tot+1);
while (q--) {
string op;
cin>>op;
if (op[0]=='?') {
long long ans=0;
int u=0;
for (int i=1;i<op.size();i++) {
u=tr[u][op[i]-'a'];
ans+=query(1,1,tot+1,dfn[u],dfn[u]);
}
printf("%lld
",ans);
}
else if (op[0]=='+') {
int tt=0;
for (int i=1;i<op.size();i++) {
tt=tt*10+op[i]-'0';
}
if (cc[ed[tt]]) continue;
cc[ed[tt]]++;
up(1,1,tot+1,dfn[ed[tt]],dfn[ed[tt]]+sz[ed[tt]]-1,1);
}
else if (op[0]=='-') {
int tt=0;
for (int i=1;i<op.size();i++) {
tt=tt*10+op[i]-'0';
}
if (cc[ed[tt]]==0) continue;
cc[ed[tt]]--;
up(1,1,tot+1,dfn[ed[tt]],dfn[ed[tt]]+sz[ed[tt]]-1,-1);
}
}
}