【AGC030D】Inversion Sum DP

题目大意

　　有一个序列 (a_1,a_2,ldots,a_n)，有 (q) 次操作，每次操作给你两个数 (x,y)，你可以交换 (a_x,a_y)，或者什么都不做。

　　问你所有 (2^q) 种情况中逆序对的个数之和。

　　(n,qleq 3000)

题解

　　考虑对于每一对 (i,j)，计算 (q) 次操作后 (a_i) 和 (a_j) 的大小关系。

　　记 (f_{i,j,k}) 为操作 (i) 次后，(a_j,a_k) 这对数中较小的在 (j)，较大的在 (k) 的概率。

　　每次操作只会修改 (O(n)) 个位置的DP值。

　　时间复杂度：(O(n^2+qn))

题解

#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
#include<cstdlib>
#include<ctime>
#include<functional>
#include<cmath>
#include<vector>
#include<assert.h>
//using namespace std;
using std::min;
using std::max;
using std::swap;
using std::sort;
using std::reverse;
using std::random_shuffle;
using std::lower_bound;
using std::upper_bound;
using std::unique;
using std::vector;
typedef long long ll;
typedef unsigned long long ull;
typedef double db;
typedef std::pair<int,int> pii;
typedef std::pair<ll,ll> pll;
void open(const char *s){
#ifndef ONLINE_JUDGE
	char str[100];sprintf(str,"%s.in",s);freopen(str,"r",stdin);sprintf(str,"%s.out",s);freopen(str,"w",stdout);
#endif
}
void open2(const char *s){
#ifdef DEBUG
	char str[100];sprintf(str,"%s.in",s);freopen(str,"r",stdin);sprintf(str,"%s.out",s);freopen(str,"w",stdout);
#endif
}
int rd(){int s=0,c,b=0;while(((c=getchar())<'0'||c>'9')&&c!='-');if(c=='-'){c=getchar();b=1;}do{s=s*10+c-'0';}while((c=getchar())>='0'&&c<='9');return b?-s:s;}
void put(int x){if(!x){putchar('0');return;}static int c[20];int t=0;while(x){c[++t]=x%10;x/=10;}while(t)putchar(c[t--]+'0');}
int upmin(int &a,int b){if(b<a){a=b;return 1;}return 0;}
int upmax(int &a,int b){if(b>a){a=b;return 1;}return 0;}
const int N=3010;
const ll p=1000000007;
ll fp(ll a,ll b)
{
	ll s=1;
	for(;b;b>>=1,a=a*a%p)
		if(b&1)
			s=s*a%p;
	return s;
}
const ll inv2=fp(2,p-2);
int a[N];
int n,q;
ll f[N][N];
int main()
{
	open2("d");
	scanf("%d%d",&n,&q);
	for(int i=1;i<=n;i++)
		scanf("%d",&a[i]);
	for(int i=1;i<=n;i++)
		for(int j=1;j<=n;j++)
			if(a[i]<a[j])
				f[i][j]=1;
	int x,y;
	for(int i=1;i<=q;i++)
	{
		scanf("%d%d",&x,&y);
		f[x][y]=f[y][x]=(f[x][y]+f[y][x])*inv2%p;
		for(int j=1;j<=n;j++)
			if(j!=x&&j!=y)
			{
				f[x][j]=f[y][j]=(f[x][j]+f[y][j])*inv2%p;
				f[j][x]=f[j][y]=(f[j][x]+f[j][y])*inv2%p;
			}
	}
	ll ans=0;
	for(int i=1;i<=n;i++)
		for(int j=1;j<i;j++)
			ans=(ans+f[i][j])%p;
	ans=ans*fp(2,q)%p;
	ans=(ans%p+p)%p;
	printf("%lld
",ans);
	return 0;
}