萌萌哒

题目大意：给出一个不定大数，给出一些限制条件，形如：区间l1,r1与l2,r2两个区间中所有的数相等，询问共有多少种合法的大数？

n<=1e5,m<=1e5

30分：

对于给出的区间限定条件，暴力枚举每一个点，利用并查集维护有相等关系的点，最后统计并查集个数，答案就是：9*10^(并查集个数-1)　　因为第一个数不为零（他可不是序列。。。

时间复杂度：并查集看作常数，那么总复杂度O(nm)，一个暴力。。。

100分：

观察暴力做法，发现维护点之间的对应关系时，暴力枚举的速度实在是太慢，但是我们还是需要知道每一个点的对应关系，所以我们考虑倍增加速。

我们在读入区间时利用二进制拆分将区间分解，再利用并查集合并，通过预处理，利用st表的思想（也不是st表，比较像而已。。。）维护f[i][j]，表示从i开始往后2^j这个区间。

那么我们紧接着枚举base（base是2的指数），每一次将区间分一半，再将利用并查集合并，最后还是查询并查集个数（枚举st[i][0]（代表每一个点））

时间复杂度：倍增确实是一个好东西，二进制拆分mlogn，区间平分nlogn，总复杂度nlogn(渐近复杂度)

最后：附上本题代码：

#include<cstdio>
#include<iostream>
#include<cmath>
#define mod 1000000007
#define LL long long    
using namespace std;

int n,m;
LL fa[10000005],cnt,ans;
LL st[1000005][25],start[10000005];

int find(int x)
{
    if(fa[x]==x) return x;
    return fa[x]=find(fa[x]);
}
void merge(int l1,int l2,int base)
{
    int f1=find(st[l1][base]),f2=find(st[l2][base]);
    if(f1>f2) swap(f1,f2);
    fa[f2]=f1;
}
int main()
{
    scanf("%d%d",&n,&m);
    for(int j=0;j<=log2(n)+1;j++)
    {
        for(int i=1;i<=n;i++)
        {
            st[i][j]=++cnt;
            start[cnt]=i;
            fa[cnt]=cnt;
        }
    }
    for(int i=1;i<=m;i++)
    {
        int l1,r1,l2,r2;
        scanf("%d%d%d%d",&l1,&r1,&l2,&r2);
        for(int base=log2(n)+1;base>=0;base--)
        {
            if(l1+(1<<base)-1<=r1)
            {
                merge(l1,l2,base);
                l1+=(1<<base);
                l2+=(1<<base);
            }
        }
    }
    for(int base=log2(n)+1;base>=1;base--)
    {
        for(int i=1;i+(1<<base)-1<=n;i++)
        {
            int f=find(st[i][base]),sta=start[f];
            merge(i,sta,base-1);
            merge(i+(1<<(base-1)),sta+(1<<(base-1)),base-1);
        }
    }
    ans=9;
    for(int i=2;i<=n;i++)
    {
        if(fa[st[i][0]]==st[i][0])
        {
            ans*=10;
            ans%=mod;
        }
    }
    printf("%lld
",ans%mod);
    return 0;
}