题意
给出 (n) 个点的树，每个时刻可能出现一条路径 (A_i) 或者之前出现的某条路径 (A_i) 消失，每条路径有一个权值，求出在每个时刻过后能够找到的权值最大的路径(指所有和该路径有交的路径 (A) 的权值和) (B) 的权值是多少。
(nleq 10^5)
分析
结论：两条树上路径有交，则一定有一条路径经过另一条路径的 (lca).
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根据上面的性质我们考虑用树形dp的方式求解。
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将一条路径的权值在每个点 (x) 关系分成两种：
- (a) :路径的 (lca) 是 (x) ；
- (b) :路径的 (lca) 是 (x) 的祖先；
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假设现在已经选定了一条路径 (B)，那么该路径的权值就是途径所有点的 (a) 和 (lca) 的 (b) 之和 .
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考虑动态dp,因为树剖之后答案一定可以写成一段轻链+一段重链+一段轻链的形式。
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然后全局再用一个可删堆维护每条重链的答案即可。
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总时间复杂度为 (O(nlog^2n))。
注意可删堆取次大值时要两次检查堆顶是否要被删除
代码
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define go(u) for(int i=head[u],v=e[i].to;i;i=e[i].lst,v=e[i].to)
#define rep(i,a,b) for(int i=a;i<=b;++i)
#define pb push_back
typedef long long LL;
inline int gi(){
int x=0,f=1;char ch=getchar();
while(!isdigit(ch)) {if(ch=='-') f=-1;ch=getchar();}
while(isdigit(ch)){x=(x<<3)+(x<<1)+ch-48;ch=getchar();}
return x*f;
}
template<typename T>inline bool Max(T &a,T b){return a<b?a=b,1:0;}
template<typename T>inline bool Min(T &a,T b){return b<a?a=b,1:0;}
const int N=1e5 + 7,Nd=N<<2;
int n,m,edc;
int head[N],x[N],y[N],w[N];
struct edge{
int lst,to;
edge(){}edge(int lst,int to):lst(lst),to(to){}
}e[N*2];
void Add(int a,int b){
e[++edc]=edge(head[a],b),head[a]=edc;
e[++edc]=edge(head[b],a),head[b]=edc;
}
// slpf
int son[N],zson[N],fa[N],dep[N],in[N],top[N],rev[N],down[N],tim;
void dfs1(int u){
son[u]=1;
go(u)if(v^fa[u]){
fa[v]=u,dep[v]=dep[u]+1,dfs1(v);
son[u]+=son[v];
if(son[v]>son[zson[u]]) zson[u]=v;
}
}
void dfs2(int u,int from){
top[u]=from,in[u]=++tim,rev[tim]=u,down[u]=u;
if(zson[u]) dfs2(zson[u],from),down[u]=down[zson[u]];
go(u)if(v^fa[u]&&v^zson[u]) dfs2(v,v);
}
int Lca(int x,int y){
for(;top[x]^top[y];y=fa[top[y]])
if(dep[top[x]]>dep[top[y]]) swap(x,y);
return dep[x]<dep[y]?x:y;
}
//sgt
#define Ls o<<1
#define Rs o<<1|1
struct data{
LL l,r,s,mx;
data(){}
data operator +(const data &rhs)const{
data res;
res.l=max(l,s+rhs.l);
res.r=max(rhs.r,rhs.s+r);
res.s=s+rhs.s;
res.mx=max(max(mx,rhs.mx),r+rhs.l);
return res;
}
}t[N<<2];
char s[10];
LL addv[Nd],g[Nd],se[Nd];
void st1(int o,LL v){
t[o].r+=v,t[o].mx+=v;
addv[o]+=v;
}
void pushup(int o){
t[o]=t[Ls]+t[Rs];
}
void pushdown(int o){
if(!addv[o]) return;
st1(Ls,addv[o]);
st1(Rs,addv[o]);
addv[o]=0;
}
void ma(int p,int l,int r,int o,int opt,LL v){
if(l==r){
if(!opt){
t[o].l+=v,t[o].r+=v,t[o].s+=v,t[o].mx+=v;
}else if(opt==1){
LL x=v-g[o];g[o]=v;
t[o].l+=x,t[o].r+=x,t[o].mx+=x;
}else{
LL x=v-se[o];se[o]=v;
t[o].mx+=x;
}
return;
}
pushdown(o);int mid=l+r>>1;
if(p<=mid) ma(p,l,mid,Ls,opt,v);
else ma(p,mid+1,r,Rs,opt,v);
pushup(o);
}
void mb(int L,int R,int l,int r,int o,LL v){
if(L>R) return;
if(L<=l&&r<=R){
st1(o,v);
return;
}
pushdown(o);int mid=l+r>>1;
if(L<=mid) mb(L,R,l,mid,Ls,v);
if(R>mid) mb(L,R,mid+1,r,Rs,v);
pushup(o);
}
data query(int L,int R,int l,int r,int o){
if(L<=l&&r<=R) return t[o];
pushdown(o);int mid=l+r>>1;
if(R<=mid) return query(L,R,l,mid,Ls);
if(L>mid) return query(L,R,mid+1,r,Rs);
return query(L,R,l,mid,Ls)+query(L,R,mid+1,r,Rs);
}
struct Heap{
priority_queue<LL>A,B;
void push(LL x){A.push(x);}
void pop(LL x){B.push(x);}
LL top(){
while(!B.empty()&&A.top()==B.top()) A.pop(),B.pop();
return A.empty()?0:A.top();
}
LL se(){
while(!B.empty()&&A.top()==B.top()) A.pop(),B.pop();
if(A.empty()) return -1;
LL x=A.top();A.pop();
while(!B.empty()&&A.top()==B.top()) A.pop(),B.pop();
if(B.empty()) {A.push(x);return -1;}
LL y=A.top();A.push(x);
return y;
}
}h[N],ans;
LL tans[N];
void upd(int u,int lca,LL v){
int x=u;
for(;u;u=fa[top[u]]){
int gg=fa[top[u]];
data res=query(in[top[u]],in[down[u]],1,n,1);
h[gg].pop(res.l);
if(tans[top[u]]) ans.pop(tans[top[u]]);
if(u==x&&!lca) ma(in[u],1,n,1,0,v);
else{
if(lca) mb(max(in[top[u]],in[lca]+1),in[u],1,n,1,v);
ma(in[u],1,n,1,1,h[u].top());
}
if(h[u].se()!=-1) ma(in[u],1,n,1,2,h[u].se());
res=query(in[top[u]],in[down[u]],1,n,1);
h[gg].push(res.l);
ans.push(tans[top[u]]=res.mx);
}
}
void pre(int u){
go(u)if(v^fa[u]) pre(v);
h[fa[top[u]]].push(0),ans.push(0);
}
int main(){
n=gi(),m=gi();
rep(i,1,n-1) Add(gi(),gi());
dep[1]=1,dfs1(1),dfs2(1,1);
pre(1);
rep(i,1,m){
scanf("%s",s);
if(s[0]=='+'){
x[i]=gi(),y[i]=gi(),w[i]=gi();
int lca=Lca(x[i],y[i]);
upd(lca,0,w[i]);
upd(x[i],lca,w[i]);
upd(y[i],lca,w[i]);
}else{
int t=gi(),lca=Lca(x[t],y[t]);
upd(lca,0,-w[t]);
upd(x[t],lca,-w[t]);
upd(y[t],lca,-w[t]);
}
printf("%lld
",ans.top());
}
return 0;
}