题目传送门（内部题56）
输入格式
第一行包含一个整数：$T$，表示数据组数。
接下来$T$行，每行包含两个字符串：$a b$。
输出格式
对于每组数据，如果存在$c$，输出最长的情况下字典序最大的$c$，否则输出$-1$。
样例
样例输入：
3
AB BA
ABA BAB
AB ABAA
样例输出：
-1
AB
AB
数据范围与提示
样例解释：
对于第一组数据，不存在这样的$c$。
对于第二组数据，$AB$以通过第一种操作到$ABA$，$AB$可以通过第二种操作到$BAB$。
对于第三组数据，$AB$不需要操作即可得到$AB$，$AB$进行两次第二种操作即可得到$ABAA$，并且$AB$是长度最长的字典序最小的满足条件的$c$。
数据范围：
$ullet$对于$10\%$的数据，$1leqslant |a|<|b|leqslant 6$；
$ullet$对于$30\%$的数据，$1leqslant |a|<|b|leqslant 12$；
$ullet$对于$100\%$的数据，$1leqslant |a|<|b|leqslant 2,000,1leqslant Tleqslant 20$，保证$a,b$都是由$A,B$字符组成。
题解
这道题的难点就在于怎么让其字典序问题。
其实，我们根本不用考虑字典序的问题，这可以从两点看出。
$alpha.$题目和样例解释中都说的是字典序最小，然而输出格式中却写的是字典序最大，教练又没有改题，所以这道题不用考虑字典序问题。
$eta.$模拟一下过程，一个字符串只能由一种方式转移过来，所以我们也可以找回去，而对于一个长度我们也只能找回去一个串，所以不用考虑字典序问题。
解决了这个问题，就是一道大模拟了，其实可以用$hash$做到线性时间复杂度，但是显然出题人写标程也想偷个懒。
时间复杂度：$Theta(n^2)$。
期望得分：$100$分。
实际得分：$100$分。
代码时刻
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
char ch1[2001],ch2[2001];
int a[2001],b[2001];
bool judge(){for(int i=1;i<=a[0];i++)if(a[i]!=b[i])return 0;return 1;}
int main()
{
int T;scanf("%d",&T);
while(T--)
{
scanf("%s%s",ch1+1,ch2+1);
a[0]=strlen(ch1+1);
b[0]=strlen(ch2+1);
for(int i=1;i<=a[0];i++)a[i]=ch1[i]-'A';
for(int i=1;i<=b[0];i++)b[i]=ch2[i]-'A';
if(a[0]>b[0])swap(a,b);
while(b[0]>a[0])
{
if(b[b[0]])
{
b[0]--;
reverse(b+1,b+b[0]+1);
}
else b[0]--;
}
while(1)
{
if(judge())
{
for(int i=1;i<=b[0];i++)
if(b[i])printf("B");
else printf("A");
puts("");
break;
}
if(a[a[0]])
{
a[0]--;
reverse(a+1,a+a[0]+1);
}
else a[0]--;
if(b[b[0]])
{
b[0]--;
reverse(b+1,b+b[0]+1);
}
else b[0]--;
if(!a[0]&&!b[0]){puts("-1");break;}
}
}
return 0;
}
rp++