题目传送门（内部题54）
输入格式
第一行一个整数表示$n$。
第二行$n$个整数表示初始序列。（这行原题没有，是我加的）
接下来$2n$行每行两个整数，分别表示$X_i,Y_i$。
数据保证至少存在一种方案使得游戏在$2n$轮之内完成。
输出格式
一个整数表示小$A$最少需要进行的轮数。
样例
样例输入：
3
1 0 2
1 2
0 2
0 0
0 1
0 2
1 2
样例输出：
2
数据范围与提示
样例解释：
最优方案为第一轮中交换下标为$0$和$1$的元素，第二轮交换下标为$0$和$0$的元素，也就是不改变这个排列。
数据范围：
对于前$20\%$的数据：
$nleqslant 10$
对于前$40\%$的数据：
$nleqslant 2,000$
对于所有数据：
$1leqslant nleqslant 200,000$
题解
首先，来看着道题的两条特殊性质：
$alpha.$如果在小$B$换之前这个序列就已经排好序了，那么小$A$可以把它再换回来。
$eta.$如果答案为$k$，那么小$A$可以让小$B$先都换完了再都换回来，举个例子，比方说$1,2,3$三个数，小$A$要交换$1,3$，现在小$B$交换了$1,2$，那么我们无非就是将需要交换的位置改变，内容并不需要改变。
这样，答案就满足单调性了，我们考虑二分答案，至于$judge$，上面已经提到了一部分，下面主要讲一下小$A$应该如何换，我们只需要从左往右扫，如果现在位置上的数不是应该有的数，我们换过来就好了。
下面代码中给出了两种不同的$judge$方式。
其实我们在$n$步之内一定能换过来，所以下面的代码只读了前$n$步。
时间复杂度：$Theta(nlog n)$。
期望得分：$100$分。
实际得分：$100$分。
代码时刻
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
int n;
int a[200001],b[200001],pos[200001];
int l[500000],r[500000];
bool judge(int x)
{
for(int i=1;i<=n;i++)b[i]=a[i];
for(int i=1;i<=x;i++)swap(b[l[i]],b[r[i]]);
for(int i=1;i<=n;i++)pos[b[i]]=i;
int res=0;
for(int i=1;i<=n;i++)
if(b[i]!=i)
{
res++;
pos[b[i]]=pos[i];
swap(b[pos[i]],b[i]);
}
if(res<=x)return 1;
return 0;
}
bool judge(int x)
{
for(int i=1;i<=n;i++)b[i]=a[i];
for(int i=1;i<=x;i++)swap(b[l[i]],b[r[i]]);
int res=0;
for(int i=1;i<=n;i++)
while(b[i]!=i)
{
res++;
swap(b[i],b[b[i]]);
}
if(res<=x)return 1;
return 0;
}
int main()
{
scanf("%d",&n);
for(int i=1;i<=n;i++)
{
scanf("%d",&a[i]);
a[i]++;
}
for(int i=1;i<=n;i++)
{
scanf("%d%d",&l[i],&r[i]);
l[i]++;r[i]++;
}
int lft=0,rht=n;
while(lft<rht)
{
int mid=(lft+rht)>>1;
if(judge(mid))rht=mid;
else lft=mid+1;
}
printf("%d",lft);
return 0;
}
rp++