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题目描述
小$C$的兔子不是雪白的，而是五彩缤纷的。每只兔子都有一种颜色，不同的兔子可能有相同的颜色。小$C$把她标号从$1$到$n$的$n$只兔子排成长长的一排，来给他们喂胡萝卜吃。排列完成后，第$i$只兔子的颜色是$a_i$。
俗话说得好，“萝卜青菜，各有所爱”。小$C$发现，不同颜色的兔子可能有对胡萝卜的不同偏好。比如，银色的兔子最喜欢吃金色的胡萝卜，金色的兔子更喜欢吃胡萝卜叶子，而绿色的兔子却喜欢吃酸一点的胡萝卜……为了满足兔子们的要求，小$C$十分苦恼。所以，为了使得胡萝卜喂得更加准确，小$C$想知道在区间$[l_j,r_j]$里有多少只颜色为$c_j$的兔子。不过，因为小$C$的兔子们都十分地活跃，它们不是很愿意待在一个固定的位置；与此同时，小$C$也在根据她知道的信息来给兔子们调整位置。所以，有时编号为$x_j$和$x_{j+1}$的两只兔子会交换位置。
小$C$被这一系列麻烦事给难住了。你能帮帮她吗？
输入格式
输入第$1$行两个正整数$n,m$。
输入第$2$行$n$个正整数，第$i$个数表示第$a_i$只兔子的颜色 。
输入接下来$m$行，每行为以下两种中的一种：
“$1 l_j r_j c_j$”：询问在区间$[l_j,r_j]$里有多少只颜色为$c_j$的兔子；
“$2 x_j$：$x_j$和$x_{j+1}$两只兔子交换了位置。
输出格式
对于每个$1$操作，输出一行一个正整数，表示你对于这个询问的答案。
样例
样例输入1：
6 5
1 2 3 2 3 3
1 1 3 2
1 4 6 3
2 3
1 1 3 2
1 4 6 3
样例输出1：
1
2
2
3
样例输入2：
10 9
1 2 3 4 5 6 1 2 3 4
1 1 3 3
1 4 6 3
2 3
1 1 3 3
1 4 6 3
1 1 10 4
1 1 10 3
1 1 10 2
1 1 10 1
样例输出2：
1
0
0
1
2
2
2
2
数据范围与提示
样例$1$说明：
前两个$1$操作和后两个$1$操作对应相同；在第三次的$2$操作后，$3$号兔子和$4$号兔子交换了位置，序列变为$1 2 2 3 3 3$。
数据范围：
子任务会给出部分测试数据的特点。如果你在解决题目中遇到了困难，可以尝试只解决一部分测试数据。
对于所有测试点，有$1leqslant l_jleqslant r_jleqslant n,1leqslant x_jleqslant n$。
每个测试点的数据规模及特点如下表：
测试点 $n$ 操作$1$ 操作$2$ $a_i,c_j$ 特殊性质$1$ 特殊性质$2$
$1$ $2$ $6$ $0$ $leqslant 2$ $surd$ $surd$
$2$ $2$ $1000$ $1000$ $leqslant 1000$ $surd$ $surd$
$3$ $1000$ $1000$ $0$ $leqslant 1000$ $ imes$ $ imes$
$4$ $1000$ $1000$ $1000$ $leqslant 10$ $ imes$ $ imes$
$5$ $1000$ $1000$ $1000$ $leqslant 1000$ $ imes$ $surd$
$6$ $1000$ $1000$ $1000$ $leqslant 1000$ $ imes$ $ imes$
$7$ $5 imes {10}^4$ $5 imes {10}^4$ $0$ $leqslant 5 imes {10}^4$ $surd$ $ imes$
$8$ $5 imes {10}^4$ $5 imes {10}^4$ $5 imes {10}^4$ $leqslant 10$ $ imes$ $ imes$
$9$ $5 imes {10}^4$ $5 imes {10}^4$ $5 imes {10}^4$ $leqslant 5 imes {10}^4$ $ imes$ $surd$
$10$ $5 imes {10}^4$ $5 imes {10}^4$ $5 imes {10}^4$ $leqslant 5 imes {10}^4$ $ imes$ $ imes$
$11$ $5 imes {10}^4$ $5 imes {10}^4$ $5 imes {10}^4$ $leqslant 5 imes {10}^4$ $ imes$ $ imes$
$12$ $5 imes {10}^4$ $5 imes {10}^4$ $5 imes {10}^4$ $leqslant 5 imes {10}^4$ $ imes$ $ imes$
$13$ $5 imes {10}^4$ $5 imes {10}^4$ $5 imes {10}^4$ $leqslant 5 imes {10}^4$ $ imes$ $ imes$
$14$ $3 imes {10}^5$ $3 imes {10}^5$ $3 imes {10}^5$ $leqslant 3 imes {10}^5$ $ imes$ $ imes$
$15$ $3 imes {10}^5$ $3 imes {10}^5$ $3 imes {10}^5$ $leqslant 10$ $ imes$ $ imes$
$16$ $3 imes {10}^5$ $3 imes {10}^5$ $3 imes {10}^5$ $leqslant 3 imes {10}^5$ $ imes$ $surd$
$17$ $3 imes {10}^5$ $3 imes {10}^5$ $3 imes {10}^5$ $leqslant 3 imes {10}^5$ $surd$ $ imes$
$18$ $3 imes {10}^5$ $3 imes {10}^5$ $3 imes {10}^5$ $leqslant 3 imes {10}^5$ $ imes$ $ imes$
$19$ $3 imes {10}^5$ $3 imes {10}^5$ $3 imes {10}^5$ $leqslant 3 imes {10}^5$ $ imes$ $ imes$
$20$ $3 imes {10}^5$ $3 imes {10}^5$ $3 imes {10}^5$ $leqslant 3 imes {10}^5$ $ imes$ $ imes$
题解
$30\%$算法：
啥也甭管，暴力搞就好了。
时间复杂度：$Theta(n imes m)$。
期望得分：$30$分（朴素），$60$分（$luoguO2+$卡常）。
$65\%$算法：
树套树。
时间复杂度：$Theta(nlog^2n)$。
带修莫队。
时间复杂度：$Theta(n^{frac{5}{3}})$。
期望得分：$60 hicksim 100$分。
$100\%$算法：
记录每种颜色的每个兔子的出现位置，然后进行二分查找答案，操作$2$只需要改变坐标即可。
需要注意的是，如果交换的两个兔子颜色一样不要交换它们，否则会导致坐标的无序。
时间复杂度：$Theta(nlog n)$。
期望得分：$100$分。
代码时刻
$30\%$算法（朴素）：
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
int n,m;
int a[300001];
int main()
{
scanf("%d%d",&n,&m);
for(int i=1;i<=n;i++)scanf("%d",&a[i]);
while(m--)
{
int opt;
scanf("%d",&opt);
if(opt==1)
{
int l,r,c,ans=0;
scanf("%d%d%d",&l,&r,&c);
for(int i=l;i<=r;i++)
if(a[i]==c)ans++;
printf("%d
",ans);
}
else
{
int x;
scanf("%d",&x);
swap(a[x],a[x+1]);
}
}
return 0;
}
$30\%$算法（$luoguO2$+卡常）：
// luogu-judger-enable-o2
#include<bits/stdc++.h>
#pragma GCC optimize(s)
using namespace std;
int n,m;
int a[300001];
int main()
{
scanf("%d%d",&n,&m);
for(register int i=1;i<=n;i++)scanf("%d",&a[i]);
while(m--)
{
register int opt;
scanf("%d",&opt);
if(opt==1)
{
register int l,r,c,ans=0;
scanf("%d%d%d",&l,&r,&c);
for(register int i=l;i<=r;i++)
if(a[i]==c)ans++;
printf("%d
",ans);
}
else
{
register int x;
scanf("%d",&x);
swap(a[x],a[x+1]);
}
}
return 0;
}
$65\%$算法（常数小，可AC）：
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
int n,m;
int a[300001];
int rt[300001],trsum[10000000],son[10000000][2],tot;
void change(int &x,int l,int r,int to,int d)
{
if(!x)x=++tot;
trsum[x]+=d;
if(l==r)return;
int mid=(l+r)>>1;
if(to<=mid)change(son[x][0],l,mid,to,d);
else change(son[x][1],mid+1,r,to,d);
}
int ask(int x,int l,int r,int L,int R)
{
if(!x)return 0;
if(l==L&&r==R)return trsum[x];
int mid=(l+r)>>1;
if(L>mid)return ask(son[x][1],mid+1,r,L,R);
else if(R<=mid)return ask(son[x][0],l,mid,L,R);
else return ask(son[x][0],l,mid,L,mid)+ask(son[x][1],mid+1,r,mid+1,R);
}
int main()
{
scanf("%d%d",&n,&m);
for(int i=1;i<=n;i++)
{
scanf("%d",&a[i]);
change(rt[a[i]],1,n,i,1);
}
while(m--)
{
int opt;
scanf("%d",&opt);
if(opt==1)
{
int l,r,c;
scanf("%d%d%d",&l,&r,&c);
printf("%d
",ask(rt[c],1,n,l,r));
}
else
{
int x;
scanf("%d",&x);
change(rt[a[x ]],1,n,x ,-1);
change(rt[a[x ]],1,n,x+1, 1);
change(rt[a[x+1]],1,n,x+1,-1);
change(rt[a[x+1]],1,n,x , 1);
a[x]^=a[x+1]^=a[x]^=a[x+1];
}
}
return 0;
}
$100\%$算法：
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
int n,m,a[300001];
vector<int> v[300001];
int main()
{
scanf("%d%d",&n,&m);
for(int i=1;i<=n;i++)
{
scanf("%d",&a[i]);
v[a[i]].push_back(i);
}
while(m--)
{
int opt;
scanf("%d",&opt);
if(opt==1)
{
int l,r,c;
scanf("%d%d%d",&l,&r,&c);
printf("%d
",upper_bound(v[c].begin(),v[c].end(),r)-lower_bound(v[c].begin(),v[c].end(),l));
}
else
{
int x;
scanf("%d",&x);
if(a[x]!=a[x+1])
{
(*lower_bound(v[a[x]].begin(),v[a[x]].end(),x))++;
(*lower_bound(v[a[x+1]].begin(),v[a[x+1]].end(),x+1))--;
swap(a[x],a[x+1]);
}
}
}
return 0;
}
rp++