题目描述：
有三堆石子，两个人轮流从其中一堆取1到任意颗石子，并约定取走所有三堆中最后一颗石子的人胜利。
现给定石子数量，问先手有没有必胜策略？
输入：
一行，三个正整数a,b,c表示石子数量，用空格隔开。
输入：
若先手必胜，输出2个整数x,y，表示先手第一步从第x堆石子取y颗，如果有多种方案致胜，输出所有方案，每行一个，按照取的石子的编号从小到大排序。
否则输出一行no。
数据范围：
分数 数据范围
10 max(a,b,c)<=10
30 max(a,b,c)<=50
30 max(a,b)<=50,c<=10000
20 max(a,b,c)<=10000
10 max(a,b,c)<2147483648
时间限制：1s
样例数据：
输入 输出
2 3 2 1 1
2 3
3 1
1 2 3 no
3 5 10 3 4
6 10 12 no
114514 1919893 1897671 no
样例解释：
第1组数据，先手可以取走3颗石子一堆的所有石子。
题解：本题目是个典型的Nim游戏。用到一个位运算：异或”^”。
首先一旦从xor为零的状态时取走至少一颗石子，xor就会变得不等于0，再后手取一个相同的数量(为啥见coin game题解)，这时xor的值又变成0了！
所以必败态一定只能转到必胜态[惊不惊喜，意不意外]所以a1 xor a2 xor a3 xor a4 …… xor an的值如果等于零，则先手必败，因为最后一个石子是后手拿走的。
如果其值不等于0.则是必胜！好了，现在yes 和 no的问题解决了，再来看yes时的输出方案，如果a>(b^c),a只有在与b xor c相等时，才会a xor b xor c = 0 所以在第一堆当中取走a-(b^c)，这时a=a-(a-(b^c))可以得出 a=b^c。因为第一次取完后，xor的值就等于0了。此时后手就成了“先手”，而xor等于0时“先手”必输，所以后手必输，不就是先手必胜吗！b和c的做法与a相同。得证！
#include<iostream> #include<cstdio> #include<algorithm> using namespace std; int a,b,c; int main() { freopen("tristone.in","r",stdin); freopen("tristone.out","w",stdout); cin>>a>>b>>c; if((a^b^c)==0) cout<<"no"; else { if(a>(b^c)) cout<<"1 "<<a-(b^c)<<endl; if(b>(a^c)) cout<<"2 "<<b-(a^c)<<endl; if(c>(a^b)) cout<<"3 "<<c-(a^b)<<endl; } return 0; }