为什么写这道题还是因为昨天多校的第二题，是道图论，HDU 4612。
当时拿到题目的时候就知道是道模版题，但是苦于图论太弱。模版都太水，居然找不到。
虽然比赛的时候最后水过了，但是那个模版看的还是一知半解，主要还是对于无向图缩点不了解。
所以今天特意找了道求无向图边双连通分量，然后缩点的题学习一下，这道题的缩点和昨天那道差不多，唯一的区别就是这是无重边的，那题是有重边的。
先搞掉这个，下午把有重边的缩点搞一下。
这里给出一些概念。具体可以到神牛博客看一下。
边连通度：使一个子图不连通的需要删除掉的最小边数，就是该图的边连通度。
桥（割边） ：删除某条边时，该图不再连通，那么这条边就是该图的桥（割边）。
边双连通分量：边连通度大于等于2的子图称为边连通分量。
一个边连通分量里面的任意两点，都有2条或者2条以上的路可以互相到达。
这道题的题意，给出N个点M条边，都是无向的。
然后叫你求，最少增加多少条边，可以是的整个图成为一个边双联通分量 。
思路：求出所有的边连通分量，设数量为cnt，然后将一个边连通分量中的点缩成一个块，然后重新建图，这样我们就得到了一棵节点数为cnt ,边数为cnt - 1,的树。
该树上的所有边都是桥。
然后要使得这个图成为一个边连通分量，那么只需将所有的叶子节点连起来即可。
所有最后的答案就是(叶子节点的个数+ 1) / 2。
#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <algorithm>
#include <string>
#include <cmath>
#include <cstring>
#include <queue>
#include <set>
#include <vector>
#include <stack>
#include <map>
#include <iomanip>
#define PI acos(-1.0)
#define Max 2505
#define inf 1<<28
#define LL(x) ( x << 1 )
#define RR(x) ( x << 1 | 1 )
#define REP(i,s,t) for( int i = ( s ) ; i <= ( t ) ; ++ i )
#define ll long long
#define mem(a,b) memset(a,b,sizeof(a))
#define mp(a,b) make_pair(a,b)
#define PII pair<int,int>
using namespace std;
inline void RD(int &ret) {
char c;
do {
c = getchar();
} while(c < '0' || c > '9') ;
ret = c - '0';
while((c=getchar()) >= '0' && c <= '9')
ret = ret * 10 + ( c - '0' );
}
int n , m ;
struct kdq{
int e , next ;
}ed[111111] ,bridge[1111] ,reed[11111] ;
int head[1111] ,num ,rehead[11111] ,renum ;
int low[1111] ,dfn[1111] ;
int st[11111] ;
int fa[1111] ;
bool vis[1111] ;
int dp ; //tarjan的层数
int top ;//栈顶
int bridgenum ;//桥的数量
int cnt ;//缩点后联通块的数量
//可以知道，cnt = bridge + 1
//缩点后，重新建图，所有节点都是一个联通块，所有的边都是桥。故有上述结论。
void init(){
mem(rehead , -1) ;
renum = 0 ;
mem(head , -1) ;
num = 0 ;
dp = 0 ;
top = 0 ;
bridgenum = 0 ;
cnt = 0 ;
mem(low ,0) ;
mem(dfn ,0) ;
mem(fa,-1) ;
mem(vis, 0 ) ;
}
void add(int s ,int e){
ed[num].e = e ;
ed[num].next = head[s] ;
head[s] = num ++ ;
}
void readd(int s ,int e){
reed[renum].e = e ;
reed[renum].next = rehead[s] ;
rehead[s] = renum ++ ;
}
/***模版求无向图的双联通分量，缩点，求出桥（无重边）***/
void tarjan(int now ,int faa){
dfn[now] = low[now] = dp ++ ;
st[++ top] = now ;
for (int i = head[now] ; ~i ;i = ed[i].next ){
int e = ed[i].e ;
if(e == faa)continue ;
if(dfn[e] == 0){
tarjan(e ,now) ;
if(low[e] < low[now])low[now] = low[e] ;
if(low[e] > dfn[now]){
bridge[bridgenum].e = now ;//桥
bridge[bridgenum ++].next = e ;
cnt ++ ;
do{
fa[st[top]] = cnt ;//缩点
}while(st[top --] != e) ;
}
}else if(low[now] > dfn[e])low[now] = dfn[e] ;
}
}
/***重新建图***/
void rebuild(){
for (int i = 1 ; i <= n ; i ++ ){
for (int j = head[i] ; ~j ; j = ed[j].next){
readd(fa[i], fa[ed[j].e]) ;
readd(fa[ed[j].e] ,fa[i]) ;
}
}
}
int ans = 0 ;
int root = -1 ;
void dfs(int now ,int faa){
vis[now] = 1 ;
int sum = 0 ;
for(int i = rehead[now] ; ~i ;i = reed[i].next){
int e = reed[i].e ;
if(e == faa)continue ;
if(vis[e])continue ;
sum ++ ;
dfs(e,now) ;
}
if(!sum)ans ++ ;
}
void solve(){
ans = 0 ;
rebuild() ;
dfs(root ,-1) ;
if(cnt == 1)puts("0") ;
else
printf("%d
",(ans + 1) / 2) ;
}
int main() {
while(cin >> n >> m){
init() ;
while(m -- ){
int a , b ;
RD(a) ;RD(b) ;
add(a , b) ;
add(b , a) ;
}
for (int i = 1 ;i <= n ;i ++ ){//可以处理不连通的图，如果连通的话，这个循环只进行一次。
if(dfn[i] == 0){
top = dp = 1 ;
tarjan(i , -1) ;
++ cnt ;
for (int j = 1 ; j <= n ;j ++ ){//特殊处理顶点的连通块
if(dfn[j] && fa[j] == -1)fa[j] = cnt ,root = cnt;
}
}
}
solve() ;
}
return 0 ;
}